高中数学书本答案-人教版高中数学改版
高考等差、等比数列及其应用
【考纲要求】
1.考查数列的函数性及与方程、不等式相结合的数列综合题.
2.考查运用数列知识解决数列综合题的能力.
【课程类型】
一对一个性化教学
【教学建议】
数列是高中的重要内容,考试说明中,等
差、等比数列都是C级要求,因而
考试题多为中等及以上难度,试题综合考查了函数与方程,分类讨论等
数学思
想.填空题常常考查等差、等比数列的通项公式、前n项和公式及等差、等比数
列的性质
,考查运算求解能力;解答题综合性很强,不仅考查数列本身的知识而
且还涉及到函数、不等式、解析几
何等方面的知识,基本上都是压轴题.因此希
望同事们多研究全国各省市高考题,精选精练,让学生学有
所获,学有所思,学
有信心,克服数列难的思想。
【复习指导】
1.熟练等差数列与等比数列的基本运算.
2.数列中
a
n
与S
n
之间的互化关系也是高考的一个热点.
3.掌握隐藏在数列概念和解题方法中的数学思想,如“函数与方程”、“数形结
合”、
“分类讨论”、“等价转化”等.
基础练习
1
,则
a
1
a
2
?a
2
a
3
???a
n
a<
br>n?1
=_____.
4
1
[解析]数列
?
an
a
n?1
?
仍是等比数列,其首项是
a
1
a
2
?8,
公比为
.
4
1.已知
?
a
n
?
是等比数列,
a
2
?2,a
5
?
1
8[1?()
n
]
4
?
32
(1?4<
br>?n
)
所以,
a
1
a
2
?a
2
a
3
?
L
?a
n
a
n?1
?
1
3
1?
4
2.设
a
1
?
2
,
a
n?1
?
= .
a?22
,
b
n
?
n
,
n?N
*
,
则数列
?
b
n
?
的通项公式
b
n
a
n
?1
a
n
?1
[解析]数列
?
b
n<
br>?
是等比数列,则
b
n
?4?2
n?1
?2
n?1
3.数列{
a
n
}满足
a
1<
br>=2,
a
2
=1,并且
100项为 .
[解析] 由已知可得:
1
a
n
-1
-
a
n
a
n
-
a
n
+1
=(
n
≥2)
,则数列{
a
n
}的第
a
n
·
a
n
-1
a
n
·
a
n
+1
a
n
+1
+
?
1
?
21
=,
n
≥2,∴
?
?
是等差数列,∴
a
100
=.
a
n
-1
a
n
50
?
a
n
?
1
一.若互不相等的
实数
a
,
b
,
c
成等差数列,
c
,
a
,
b
成等比数列,且
a
+3
b
+
c<
br>=10,
则
a
=________.
[解析] 由
c<
br>,
a
,
b
成等比数列可将公比记为
q
,三个实数a
,
b
,
c
,待定为
cq
,
cq2
,
c
.由实数
a
、
b
、
c
成等差数列得2
b
=
a
+
c
,即2
cq
2
=
cq
+
c
,又等比数
列中
c
≠0,所以
1
2
q
-
q
-1=0,解一元二次方程得
q
=1(舍去,否则三个实数相等)或
q
=-,
2
2
a
5
又
a
+3
b
+
c
=
a
+3
aq
+=-
a
=10,所以
a
=-4.
q
2<
br>5.已知数列{
a
n
}的前
n
项和为
S
n<
br>,
a
1
=1,
S
n
=2
a
n
+1
,则
S
n
=_______.
[解析] 本小题
主要考查数列前
n
项和
S
n
与通项
a
n
的
关系,解题的突破口是用
a
n
表示
S
n
.
33<
br>由
S
n
=2
a
n
+1
=2(
Sn
+1
-
S
n
)得
S
n
+1
=
S
n
,所以{
S
n
}是以
S
1
=
a
1
=1为首项,为公比
22
?
3
?
的
等比数列,所以
S
n
=
??
?
2
?
n?1
.
考向一 等差数列与等比数列的综合应用
【例1】设数列
{a
n
}
的前
n
项和为
S
n
,
已知
a
1
?1,
S
n?1
?4a<
br>n
?2
(I)设
b
n
?a
n?1
?2a
n
,证明数列
{b
n
}
是等比数列
(II)求数列
{a
n
}
的
通项公式.
解:(I)由a
1
?1,
及
S
n?1
?4a
n
?2
,有
a
1
?a
2
?4a
1
?2,
a
2
?3a
1
?2?5,?b
1
?a
2
?
2a
1
?3
由
S
n?1
?4a
n
?2
,...① 则当n?2
时,有
S
n
?4a
n?1
?2
....
.②
②-①得
a
n?1
?4a
n
?4a
n?1<
br>,?a
n?1
?2a
n
?2(a
n
?2a
n
?1
)
又
Qb
n
?a
n?1
?2an
,
?b
n
?2b
n?1
?{b
n
}
是首项
b
1
?3
,公比为2的等比数列.
(II)由(I
)可得
b
n
?a
n?1
?2a
n
?3?2
n?1
,
?
a
n
a
n?1
a
n
3
{}
是首项为
??
数列
?
n
n?1n
2<
br>224
a
1331
13
n?2
,公差为的等比数列.
?
n
,
??(n?1)?n?
a?(3n?1)?2
n
n
22444
24
第(I)问思路明确,只需利用已知条件寻找
b
n
与b
n?1
的关系即可
.
第(II)问中由(I)易得
a
n?1
?2a
n
?3?2
n?1
,这个递推式明显是一个
构造新数
列的模型:
a
n?1
?pa
n
?q
n(p,q为常数)
,主要的处理手段是两边除以
q
n?1
.
1
【巩固练习】
1.已知等比数列{
a
n
}的公比
q
=-.
2
1
(1)若
a
3
=,求数列{
a
n
}的前
n
项和;
4
(2)证明:对任意
k
∈N
+
,
a
k
,
a
k
+2
,
a
k
+1<
br>成等差数列.
11
解:(1)由
a
3
=
a
1
q
2
=及
q
=-,得
a
1
=1,所以数
列{
a
n
}的前n项和
S
n
=
42
12?(?)
n?1
2
3
(2)证明:对任意
k
∈N
+
,
2
a
k
+2
-(
a
k
+
a
k
+1)=2
a
1
q
k
+1
-(
a
1
q
k
-1
+
a
1
q
k
)=
a<
br>1
q
k
-1
(2
q
2
-
q
-1),
1
由
q
=-得2
q
2
-
q-1=0,故2
a
k
+2
-(
a
k
+
a
k
+1
)=0.
2
所以,对任意
k
∈N
+
,
a
k
,
a
k
+2
,
ak
+1
成等差数列.
2.设
?
a<
br>n
?
是公差不为零的等差数列,
S
n
为其前
n
项和,满足
2222
a
2
?a
3
?a
4
?a
5
,S
7
?7
(1)求数列
?
a<
br>n
?
的通项公式及前
n
项和
S
n
;
(2)试求所有的正整数
m
,使得
22
a
m
a
m
?1
为数列
?
a
n
?
中的项.
a
m?
2
22
解:(1)设公差为
d
,则
a
2
?a
5
?a
4
?a
3
,
由性质得
?3d(a
4
?a
3
)?d(a
4
?a
3
)
,因为
d?0
,所以
a
4
?a
3
?0
,即
2a
1
?5d?0
,又由
S
7
?7
得
7
a
1
?
7?6
d?7
,解得
a
1
??5<
br>,
2
d?2
所以
?
a
n
?
的通项
公式为
a
n
?2n?7
,前
n
项和
S
n<
br>?n
2
?6n
。
(二)
a
m
a
m?1
?
(2m?7)(2m?5)
,
a
m?2
(2m?3)
令
2m?3?t
,
因为
t
是奇数,所以
t
可取的值为
?1
,当
t?1
,
m?2
时,
t?
8
a
m
am?1
(t?4)(t?2)
?t??6
,w.w.w.k.s.5.u.c.o
.m
?
t
a
m?2
t
8
?6?3
,
t
8
t??1
,
m?1
时,是数列
?
a
n
?
中的项;数列
?
a
n
?
2?5?7?
3
,
t??6??15
,
t
中的最小项是
?5
,不
符合.所以满足条件的正整数
m?2
.
.
考向二
数列与函数的综合应用
【例2】.在数1和100之间插入
n
个实数,使得
这
n?2
个数构成递增的等比数
1
. 列,将这
n?2
个数
的乘积记作
T
n
,再令
a
n
?lgT
n,
n≥
(Ⅰ)求数列
{a
n
}
的通项公式;
(Ⅱ)设
b
n
?tana
n
gtana
n?1
,
求数列<
br>{b
n
}
的前
n
项和
S
n
.
解:(I)设
l
1
,l
2
,?,l
n?
2
构成等比数列,其中
t
1
?1,t
n?2
?100,则
T
n
?t
1
?t
2
???t
n?
1
?t
n?2
,
①
T
n
?t
n?
1
?t
n?2
???t
2
?t
1
,
②
2
①×②并利用
t
1
t
n?3?i
?t
1
t
n?2
?10(1?i?n?2),得
T
n
2
?(t
1
t
n?2
)?(t
2
t
n?
1
)???(t
n?1
t
2
)?(t
n?2
t1
)?10
2(n?2)
,?a
n
?lgT
n
?n?2,n?1.
(II)由题意和(I)中计算结果,知
b
n
?tan(n?2)?tan(n?3),n?1.
另一方面,利用
tan1?ta
n((k?1)?k)?
得
tan(k?1)?tank?
nn?2
k?3<
br>tan(k?1)?tank
,
1?tan(k?1)?tank
tan(k?1)?tank
?1.
tan1
所以
S
n
?
?
b
k
?
?
tan(k?1)?tank
k?1
tan(k?1)?tank
?1)
tan1
k?3
tan(n?3)?tan3
??n.
tan1
?
?
(
本题考查等比和等差数列,指数和对数的运算,两角差的正切公式等
基
本知识,考查灵活运用知识解决问题的能力,综合运算能力和创新思维能力.
【巩固练习】
设函数
f
(
x
)=(
x
-3)
3
+
x
-1,{
a
n
}是公差不为0的等差数列,
f
(
a
1
)
+
f
(
a
2
)+…+
f
(
a
7
)=14,则
a
1
+
a
2
+…+
a
7
=_________
[解析] 记公差为
d
,则
f
(
a
1
)+
f
(
a
2
)+…+
f
(
a
7
)
=(
a
1
-3)
3
+(
a
2
-3)
3
+…+(
a
7
-3)
3
+(
a
1
+
a2
+…+
a
7
)-7
=(
a
4
-3
d
-3)
3
+(
a
4
-2
d
-3
)
3
+…+(
a
4
+2
d
-3)
3
+(
a
4
+3
d
-3)
3
+7
a
4
-7
=7(
a
4
-3)
3
+7×3(
a
4
-3)+7
a
4
-7.
由已知,7(
a<
br>4
-3)
3
+7×3(
a
4
-3)+7
a<
br>4
-7=14,即7(
a
4
-3)
3
+7×3(a
4
-3)
+7(
a
4
-3)=0,
∴(<
br>a
4
-3)
3
+4(
a
4
-3)=0.因为
f
(
x
)=
x
3
+4
x
在R上为
增函数,且
f
(0)=0,
故
a
4
-3=0,即
a
4
=3,∴
a
1
+
a
2
+…+
a
7
=7
a
4
=7×3=21.
n?2
考向三 数列与不等式的综合应用
热身:设1?a
1
?a
2
?L?a
7
,其中a
1
,a
3,a
5
,a
7
成公比为q的等比数列,a
2
,a
4
,a
6
成公差为1的等差数列,则q的最小值是________.
【答案】
3
3
a
n
+
b
n
*
【例3】 已知各项均为正数的两个
数列{
a
n
}和{
b
n
}满足:
a
n+1
=
2
,
n
∈N.
a
n
+
b
2
n
b
n
?
b
?
(1)设<
br>b
n
+1
=1+,
n
∈N
*
,求证:数列
?
(
n
)
2
?
是等差数列;
a
n
?
a
n
?
b
n
一、 设b
n
+1
=2·,
n
∈N
*
,且{
a
n
}是等比数列,求
a
1
和
b
1
的值.
a
n
(
2)因为
a
n
>0,
b
n
>0,所以
从而1<a
n
+1
=
a
n
+
b
n
2<
br>2
22
≤
a
2
n
+
b
n
<
(
a
n
+
b
n
),
a
n
+
b
n
≤2. (*)
2
a2
+
b
nn
设等比数列{
a
n
}的公比为q
,由
a
n
>0知
q
>0.下证
q
=
1.
若
q
>1,则
a
1
=<
a
2
≤2,故当
n
>log
q
a
2
q
2
a<
br>1
时,
a
n
+1
=
a
1
q
n
>2,与(*)矛盾;
a
2
1
若0<
q
<1,则
a
1
=>
a
2
>1,故当
n
>
log
q
时,
a
n
+1
=
a
1
q
n
<1,与(*)矛盾.
qa
1
综上,
q
=1,
故
a
n
=
a
1
(
n
∈N
*
),所以1<
a
1
≤2.
又
b
n
+1
=2·=
若
a
1
≠2,则
2
b
n
a
n
2
a
1
·
b
n
(
n
∈N*
),所以{
b
n
}是公比为
2
a
1
的等比数列.
a
1
>1,于是
b
1
<
b
2
<
b
3
.
a
1
+
b<
br>n
a
1
±
a
2
2-
a
2
1
1
又由
a
1
=
2
得
b
=,所以
b
1
,
b
2
,
b
3
中至少有两项相同,n
2
a
-1
1
a
1
+
b
2<
br>n
矛盾.
a
1
±
a
2
2-
a2
11
所以
a
1
=2,从而
b
n
==
2.所以
a
1
=
b
1
=2.
a
2
1
-1
解决此类问题要抓住一个中心——函数,两个密切联系
:一是数列和
函数之间的密切联系,数列的通项公式是数列问题的核心,函数的解析式是研究
函
数问题的基础;二是方程、不等式与函数的联系,利用它们之间的对应关系进
行灵活的处理.
【巩固练习】1.已知{
a
n
}为等比数列,下面结论中正确的是_______.
22
(1).
a
1
+
a
3
≥2
a
2
(2).
a
2
1
+
a
3
≥
2
a
2
(3).若
a
1
=
a
3
,则
a
1
=
a
2
(4).若
a
3<
br>>
a
1
,则
a
4
>
a
2
[解析] 本题考查等比数列通项、简单不等式性质与均值不等式,选(2).
2.已知等比数列
{a
n
}
中
a
2
?1
,
则其前3项的和
S
3
的取值范围是
______.
1
?
1
[解析]:∵等比数列
{a
n
}<
br>中
a
2
?1
∴
S
3
?a
1
?a
2
?a
3
?a
2
?
1?q??1?q???
?
q
?
q
∴当公比
q?0
时,
S
3
?1?q?
1
?1?2q?
1
?3
;
qq
?
1
?
1
?
当公比
q?0时,
S
3
?1?
?
?
?q?
?
?1?
2?q?
?
?
?
??1
∴
S
3
??
??,?1
?
U
?
3,??
?
q
???
q
?
3.等差数列
?
a
n
?中,已知
a
8
?15
,
a
9
?13
,
则
a
12
的取值范围是 .
答案:
(??,7]
拓展
1
.(2012年高考(广东理
))设数列
?
a
n
?
的前
n
项和为
Sn
,满足
2S
n
?a
n?1
?2
n?1
?1
,
n?
N
*
,
且
a
1
、
a
2
?5
、
a
3
成等差数列.(Ⅰ)求
a
1
的值;(Ⅱ)求数列
?
a
n
?
的通项公式;
(Ⅲ)证明:对一切正整数
n
,有
1113
??L??
.
a
1
a
2
a
n
2
?
2a
1
?a
2
?3
?
1.解析:(Ⅰ)由
?2
?
a
1
?a
2
?
?a
3
?
7
,解得
a
1
?1
.
?
?
2
?
a
2
?5
?
?a
1
?a
3
(Ⅱ
)由
2S
n
?a
n?1
?2
n?1
?1
可
得
2S
n?1
?a
n
?2
n
?1
(
n?2
),两式相减,可得
2a
n
?a
n?1
?a
n
?2
n
,即
a
n?1
?3a
n
?2<
br>n
,即
a
n?1
?2
n?1
?3
?
a
n
?2
n
?
,所以数列
?
a
n
?2
n
?
(
n?2
)是一个以
a
2
?4<
br>为首项,3为公比的等比数列.由
2a
1
?a
2
?3
可得,
a
2
?5
,
所以
a
n
?2
n
?9?3
n?2
,即
a
n
?3
n
?2<
br>n
(
n?2
),当
n?1
时,
a
1
?1
,也满足该式子,所
以数列
?
a
n
?
的通项公
式是
a
n
?3
n
?2
n
.
(Ⅲ)因为
3
n
?3
n?1
?2?3
n?1
?2?2
n?1
?2
n
,所以
3
n
?2
n
?3n?1
,所以
?
1
?
1?
??
n
?<
br>1
?
?
3
. 于是
1
?
1
?L
?
1
?1?
1
?
L
?
1
?
?
3
?
?
3
?
?
1?
??
?
?
1
a
1
a
2
a
n
33n?1
2
?
?
?
3
?
?
?
2
1?
3
n
11
?
n?1
,
a
n
3
【考纲要求】
1.考查数列的函数性及与方程、不等式相结合的数列综合题.
2.考查运用数列知识解决数列综合题的能力.
【课程类型】
一对一个性化教学
【教学建议】
数列是高中的重要内容,考试说明中,等
差、等比数列都是C级要求,因而
考试题多为中等及以上难度,试题综合考查了函数与方程,分类讨论等
数学思
想.填空题常常考查等差、等比数列的通项公式、前n项和公式及等差、等比数
列的性质
,考查运算求解能力;解答题综合性很强,不仅考查数列本身的知识而
且还涉及到函数、不等式、解析几
何等方面的知识,基本上都是压轴题.因此希
望同事们多研究全国各省市高考题,精选精练,让学生学有
所获,学有所思,学
有信心,克服数列难的思想。
【复习指导】
1.熟练等差数列与等比数列的基本运算.
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