高中数学必修四笔记-高中数学必修四试卷附答案
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2016年全国高中数学联赛试题
一、填空题
1.
设实数a满足
a<9a-11a<|a|
,则
a
的取值范围是_______
_____.
【解】由于
a<|a|,a<
,
0
a<9a-11a
<|a|?
3
3
ì
?
a<9a
3
-11a,
解之得,
í
3
9a-11a<-a,
?
?
a?(
2310
,-)
33
2.设复数
z,w
满足
|z
|=3
,
(z+w)(z-w)=7+4i
,其中i是虚数单位,
z,w分别是
z,w
的
共轭复数,则
(z+2w)(z-2w)
的模为
_____________.
【解】
(z+w)(z-w)=|z|
2
-|w|
2
+zw-zw=7+4
i,|z|
2
-|w|
2
蝄,|z|
2
-|w|
2
=7,zw-zw=4i
|z|=3
,
|z|
2
=9,|w
|
2
=2
,
(z+2w)(z-2w)=|z|
2
-4|w|
2
+2(zw-
zw)=9-8+8i=1+8i
,
|(z+2w)(z-2w)|=1+64=65
.
【点评】
z+z=2Rez,z-z=2Imz
log
3.正数<
br>u,v,w
均不等于1,若
log
u
vw+
v
w=5
,log
v
ulog+
w
v3=
.则
log
wu=
_______.
log
v
wlog
u
w=【解】
letlog
u
v=a
,
log
v
w=
b
,由于
log
u
v鬃
Then
log
w
u=
lgvlgwlgw
=1
,
lgu
lgvlgu
111
,
log
u
vw+log
v
w
=a+b+ab=5,log
v
u+log
w
v=+=3
,
abab
log
w
u=
14
=
.
ab5
【点评】换元法.
4.袋子A中装有2张10元纸币和3张1元纸币,袋子B
中装有4张5元纸币和3张1元纸
币,现随机从两个袋子中各取两张纸币,则A中剩下的纸币面值之和大
于B中剩下的纸币
面值之和的概率是_________________.
【解】A中剩下
的纸币面值之和大于B中剩下的纸币
?
A中取走的纸币面值之和小于B中
取走的纸币之
和,
222
当袋子A中取走2张1元时,有
C
3
=3
种取
法,只要B不取2张1元即可,有
C
7
-C
3
=18
, <
br>2
C
3
2
(C
7
-C
3
2
)
9
其余情况均不符合题意,故
P(A)==
.
22
C
5
C
7
35
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5.设
P
为一圆锥的顶点,
A,B,
C
是底面圆周上的三点,满足
?ABC90
0
,
M
为
AP
的中
点.若
AB=1,AC=2,AP=2
,则二面角
M-B
C-A
的大小为______________.
【解】
1
2
MN2
tan
2
=
,
.
3
NB
3
?
1
3
4
6.设函数
f(x)=sin
4
kxkx
,其中
k
是一个正整数.若对任意实数
a
,均有
+cos
4
101
0
,则
{f(x)|a
的最小值是
___________.
【解】
2
1-coskx
kxkxkxkxk
xkx1kx1
5
f(x)=sin
4
+cos
4
=(si
n
2
+cos
2
)
2
-2sin
2
cos
2
=1-sin
2
=1-
1522
312kx
=+
cos
,
445
当且仅当
x=
5mp
(m?Z)
时,
f(x)
取到最大值,对于任意一个长为1的区间
(a,a+1)
至k
5p
<1,k>5p
.
k
少包含一个最大值点,从而
反之,当
k>5p
时,对于任意一个区间
(a,a+1)
均包含
f
(x)
的一个完整周期,此时,
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{f(x)|a
综上,正整数
k
的最小值为
[5p]+1=16
.
7.设
w
为正实数,若存在
a,b
(p?a
是_____________
_
【解】
sinwa+sinwb=2
,
sinwa=sinwb=1,
因为
p?a
b?2p)
,使得
sinwa+sinwb=2
,则
w
的取值范围
b?2p
,所以
wp?wawb?2wp
,
b?2p)
,使得
sinwa+sinwb=2
,则 若存在<
br>a,b
(p?a
wp?2kp
pp
<2lp+?2wp
, <
br>22
当
w?4
时,
[wp,2wp]
区间长度不小于4
p
,必存在
k,l
;
当
0
[wp,2wp]?(0,8p)
,
当
wp?
当
wp?
p
2
5p
2
9p
2
5p15
?2wp
,
w3且w
,无解,舍;
224
9p9
?2wp
,
#w
24
5
;
2
p?
当
w
13p13913
?2wp
,
#w,#w4
,
2424
95
42
13
,+?)
.
4
abcabc
[,][
综上,
w稳
8.
9.(
16分)若实数a、b、c满足
2+4=2
,
4+2=4
,求c的最小值.
【解】设
x=2y=2,z=2
,则
abc
x+y
2=z,x
2
+y=z
2
,则
y
2
1y
2
113
(z-y)+y=z-2yz+y+y=z,-2yz+y+1=0,z=+=++
匙
22y24y4y4
5
c?log
2
3
.
3<
br>2222423
3
2
【题目】在
DABC
中,已知:
AB?AC2BA?BC
【解】
AB?AC2BA?BC
3CA?CB
.求<
br>sinC
的最大值.(A卷)
3CA?CB
,即
bccosA+2cacosB=3abcosC
,由余弦定理,
b
2+c
2
-a
2
c
2
+a
2
-b
2
a
2
+b
2
-c
2
bc+2ca=3ab,化简,得
2bc2ca2ab
a
2
+2b
2
=3c
2
,
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2a
2<
br>b
2
a
2
+2b
2
2a
2
b
2
2
×
a
+
b
-+
a
2
+b<
br>2
-c
2
33
33
?cosA===
3
2a
b2ab2ab2ab
22
2
,
3
sinA=1-cos
2
A?
10.已知:
f(x)
为
求
f(1)f(
7
. <
br>3
上的奇函数,
f(1)=1
,且对任意
x<0
,均有
f(
x
)=xf(x)
.
x-1
11111
)+f()
f()+f()f()+
100299398
+f(
11
)f()
的
值.
5051
【解】先求函数
f(x)
的解析式.
因为对任意<
br>x<0
,均有
f(
x
)=xf(x)
x-1
,令x=-
1
n
,则
f(
1
=)
n+1
-
f
1
--1
n
1
n
(
1
=)-<
br>n
f
1
-(
n
11
,(叠乘)
=)f(
nn
)
111
f()f()f()
1
nn-1n-2
则
f()=
111
n
f()f()f()
n-1n-2n-
3
下面求
f(1)f(
原式=
1
f()
2
f(1)
=
1
鬃
1
1
n-1n-2
f()
1
+f(
11
,
?1
2(n-1)!
11111
)+f()f()
+f()f()+
100299398
+
1
49!50!
11
)f()
,
5051
111
+
++
0!鬃99!1!98!2!鬃97!
=(
99!99!99!
+++<
br>0!鬃99!1!98!2!鬃97!
49
+C
99
)
+1
99!
99!1
)
49!50!99!
012
=(C
99
+C
99
+C
99
+
1
0
12
=(C
99
+C
99
+C
99
+
2<
br>2
98
=
99!
99
+C
99
)
1
99!
11.如图所示,在平面直角坐标系
xOy
中,
F
是
x
轴正半轴上一个动点,以
F
为焦点、
O
为
顶点作
抛物线
C
.设
P
是第一象限内
C
上的一点,
Q是
x
轴负半轴上一点,使得
PQ
是为
C
的切线,
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x
2
+y
2=1
,两焦点
F
1
(-1,0)
,
F
2
(1,0)
,设直线
l:y=kx+b
, 【解】
2
ì
x
2
?
+
y
2
=
1,
?
2
?x
2
2(kx+b)
2
=2
,
(1+2k
2)x
2
+4kbx+(2b
2
-2)=0
,
í
?
y=kx+b,
?
?
由
A、B
不重合,故直线
l
的斜率存在,故
x
1
,x
2
是方程的两个不等实根, <
br>D=16k
2
b
2
-4(1+2k
2
)(2b
2
-2)>0
,
2k
2
+1>b
2
①, k
AF
1
=
y
1
y
2
,
k<
br>l
=k
,
k
BF
1
=
,
x
1
+1x
2
+1
y
1
y
+
2
=
2k
,
x
1
+1x
2
+1
由于直线
AF
1
,l,BF
1
的斜率依次成等差数列,所以
即
(kx1
+b)(x
2
+1)+(kx
2
+b)(x
1
+1)=2k(x
1
+1)(x
2
+1)
,
(k-b)(x
1
+x
2
+2)=0
,
若
k=b
,则直线
l:y=k(x+1)
经过
F
1
(-1,
0)
,与题意矛盾,
故
x
1
+x
2
=-2
,
由韦达定理,
x
1
+x
2
=-
由①,②得
4kb4kb1
=2b=k+
,故,②,
22
1+2k1+2k2
k
2k
2
+1>b
2
=(k+
2
1
21
,
)=k
2
+
2
+1
,
|k|>
2
2k4k
焦点
F
2
到直线
l
的距离为<
br>d
,故
d=
|k+b|
1+k
2
=
1
1+k
2
|2k+
1
|=
2k
1
1+
1
k
2
|2+
1
|
,
2
2k
注意到
|k|>
2
,
2
令
t=
1
+1
,则
t?(1,3)
,
k
2
(3,2)
.
1t
2
313
故d=(+)=(t+)
在区间
[1,3]
上单调减,故
f(3)
加试
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【题目】设
a
1
,a
2,
22
求
(a
1
-a
2
)(a
2-a
3
)
,a
2016
?
2
满足
9a
i
>11a
i+1
(i=1,2,,2015)
.
2(a
2015
-a
2016
)(a
2016
-a
1
2
)
的最大值.
【解】推广成一般情况:设
a
1,a
2
,
22
求
(a
1
-a
2
)(a
2
-a
3
)
,a
n
?
2
满足
9a
i
>11a
i+1
(i=1,2,,n)
.let
a
n+1
=a
1
.
2
(a
n-1
-a
n
)(a
n
-a
1
2
)
的最大值.
22
(a-a)(a-a)
2222
骣
a-a+a-a++a-a+
a-a
22
1223n-1nn1
(a-a)(a-a)?
琪
nn
骣
n
a
i
-a
i
2
琪
邋<
br>琪
i=1i=1
n
1223n-1nn1
琪
桫
n琪
琪
琪
桫
骣
琪
n
n
(a-
a
2
骣
琪
n
n
骣
琪
n
2
n
a
骣
a
i
+
=
琪
邋
i=1ii
)
=
琪
i
(1-a
i
)
琪琪i=1
?
琪
琪
?
琪
i=1
琪
1-a<
br>i
桫
2
1
琪
琪
n
琪
4
n<
br>,
桫
琪
琪
n
桫
琪
n
琪
桫
If and only if
(aa
222
1
-
2)=(a
2
-a
3
)==(a
2
n-1
-a<
br>n
)=(a
n
-a
1
)
and
a
i
=1-a
i
,
So
a
1
i
=
2
(i=1,2,,n)
.
【
题目】如图所示,在
DABC
中,
X,Y
是直线
BC
上两点
(X,B,C,Y顺次排列)
,使得
BX?ACCY?AB
(2016全国高
中数学联赛加试2题)
设
DACX
,
DABY
的外心分别是
O
1
,O
2
,直线
O
1
O
2
与
AB,AC
分别交于
U,V
.
证明:
DAUV
是等腰三角形.
【证明】作
?BAC
平分线,交
BC
于
P
, BX?ACCY邹AB
BXAB
CY
=
AC
=
BPPC
=
PX
PY
拮BPPY=CP?PX
,
即
P
关于圆
ABY
的幂等于
P
关于圆
AXC
的幂,
P
在圆
ABY
与圆
AXC
的根轴上,
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n
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AP^O
1
O
2
,
DAUV
是等腰三角形. 【法2】分别作
O
1
,O,O
2
在
BC
上的射
影
D
1
,D,D
2
,
1
BX
DD
1
DD
1
BX
ABC
外接圆半径)(其中
R为
D
,
OO
1
===
2
=R
AB
sin行
D
1
O
1
OsinACBAB
2R
同理,
OO2
=R
CY
,因为
BX?ACCY?AB
,所以
OO<
br>1
=OO
2
,
AC
90
0
-?OO
1
O
2
理
?AUV90
0
-?OO
2
O
1
, 因为,同
O
1
O^AC,?AVU
所以
?A
VU?AUV
,
DAUV
是等腰三角形.
【题目】设
p,p+2
均为素数,
p>3
,定义数列
轾<
br>pa
{a
n
}:a
1
=2,a
n
=a
n-1
+
犏
n-1
(n=2,3,)
犏
n其中
轾
x
表示不小于实数
x
的最小整数.
犏
证明:对于
n=3,4,,p-1,
均有
n|(pa
n-1
+1)<
br>.
轾
pa
n-1
(n=2,3,)
,
犏
n
【证明】(数学归纳法)
对于整数数列
{a
n
}:a
1
=2,a
n
=a
n-1
+
犏
当
n=3
时,
a
2
=a
1
+
犏
轾<
br>2p
=2+p
,
犏
2
p,p+2
均为素数,
pa
2
+1=p(2+p)+1=(p+1)
2
,
3|(p+1)
2
,
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,
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当
3
(k=3,4,)
,均有
k|(pa
k-1
+1
)
成立,此时,
轾轾
papa+1pa+1
=
k-1
,
犏
k-1
==
犏
k-1
犏
kk
犏
k
轾
papa+1
pa
k-1
+1=p(a
k-2
+
犏
k-2
)+1=p(a
k-2
+
k-2
)+1
犏
k-1k-1
pa
k-2
(k-1)+p
2<
br>a
k-2
+p+k-1(pa
k-2
+1)(p+k-1)
=
=
,
k-1k-1
从而对于
3
p+n-
1p+n-1p+n-2
(pa
n-2
+1)=(pa
n-3
+1)
=
n-1n-1n-2
p+n-1p+n-2p+32n(p+1)
n
=(p
a
2
+1)=C
p+n
n-1n-23(p+n)(p+2)
pa<
br>n-1
+1=
n
n|(p+n)(p+2)(pa
n-1
+1
)
, 因为
C
p+n
?
Z
,所以
n
(n,n+p)=(n,p)=1
,又因为
p+2
为
大于1的素数,所以
(n,p+2)=1
,所以
(n,n+p,p+2)=1
,所以,
n|pa
n
+1
.
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