典型课例与高中数学整合-2015高中数学新课标2文数
全国高中数学联赛模拟试题
一试
11、填空题
1、已知
x?lgx?10,y?10
y
?10.
则
x?y?
。
2、正方体棱长为
a
,与正方体一条对角线垂直的最大截面面积为
。
3.已知
sin(
?
?
?
)sin(
?
?
?
)4sin(
?
?)s
?
in(
?
)
?
?
则
?
,
cos
?
cos
?
9cos(
?
?
?
?
?
)cos
?
的值是___________________
4.若
x是一个十进制四位整数,记
x
的各位数码之积为
T(x)
,各位数码之和
为
S(x)
,
p
为
素数,且
T(x)?p
k
,
S(x)?p
p
?5
,则
x
中的最小者是
。
x
2
y
2
5.设椭圆
2
?
2
?1
的一个焦点为
F
,点
P
在
y
轴上,
ab
直线
PF
交椭圆于点
M,N
,
PM?
?
1
MF,PN?
?
2
NF
,
则实数
?
1
?
?
2
?
。
y
P
M
F
o
N
x
6.
已知
a?(0,1)
的常数,
x?y?1,函数f(x,y)?ax?y的最大值为<
br>
7.已知
a,b,c,d?N且满足342(abc
d?ab?ad?cd?1)?379(bcd?b?d),
设M?a?10
3
?b?10
2
?c?10?d
则M的值为
8.已知99个数
a
1
,
a,?
2
a
每个都只能取1或-1,则
a
1
a?
2
a
1
??a
3
?
a
1
?a
9
?a?
2
a
的最小值是
?a
a
93
二.解答题
x
4
?kx2
?1
,k、x?R
,9.已知
f(x)?
4
(1)求
f(x)
的最大值与最小值;(2)求所有实数,
2
x?x?1
使得
对任意三个实数
a、b、c
,存在一个三角形具有边长
f(a)、f(b)、f(c)
.
3
10、数列
{a
n
}
中,
a
n
?n?
22
?
(n
i?1
99
2
?i
2
)
2
,求该数列前
n
项和
S
n
。
11、双曲线
3x?y?24x?36?0
的右焦点为
F
,右准
线为
l,
椭圆
C
以
F
和
l
为其对应
的焦点及准线,过
F
做一条平行于
y?x
的直线,交椭圆
C
于点
A
和
B
。已知
C
的中心在
以
AB<
br>为直径的圆内。求椭圆
C
的离心率的取值范围。
二试
一、
在凸四边形ABCD中, AD与BC不平行,
且存在圆
Γ
分别与边BC和AD
切于C、D, 再设AC与BD交于点P,
圆
Γ
与AB交于两个不同的点K、L, 求
证:
直线KP平分CD的充分必要条件是LC=LD.
二、求证:对于任意实数
a,b
,c
,都有:
1?
a
a
2
?b
2
?
b
b
2
?c
2
?
c
c
2
?a<
br>2
?
32
.
2
三、求所有正整数
n
,存在
1,2,?,n
的一个排列,使得
a
i
?i
两两不
同。
2233
四、求所有质数
p
,使得存在整数
m,n
,
满足:
p?m?n,pm?n?4
。
参考答案:
一试
一、填空题
1、10.
令f(t)?t?10
t
,则f(t)是
严格递增函数,故存在唯一的实数y,使得y+10
y
?10,
0x
又lgx?1?
2、
,故1
10?x
0
?x即,?(1x0?
x
)
1?0
1?0所以1010-x=y,,即x+y
=10
33
2
a
.
4
当A、B、C、D、E、
F均为所在棱的中点时,正六边形ABCDEF,所在面与正方体对角
线垂直、且面积最大,正方形边长
为
232
2
33
2
a,故面积为6?(a)?a.
2424
3、
4
5
4、1399.
设这4个数
字是
a,b,c,d
,易知
p?3,S(x)?a?b?c?d?22,
并且
由
T(x)?3
k
知
a,b,c,d
为3的倍数或1。可以验证13
99是满足条件的最小整数。
2a
2
5、
?
2
b
?
1
?
?
2
?
x
N
c
?
x?x
N
?
?2x
M
x
N
x
M
??
2
M
c?x
M
c?x
N
c?c
?
x
M
?x
N
?
?x<
br>M
x
N
y?k
?
x?c
?
?
2a<
br>2
k
2
ca
2
k
2
c
2
?
a
2
b
2
,x
M
x
N
?
由
?
22
得
x
M
?x
N
?
2
,
2222
22222
bx?ay?ab
b?akb?ak
?
2a
2
?
?
1
?
?
2
??
2.
b
6、1.
f(x,y)?ax?y?ax?y?ax?(1?
x)?(a?1)x?1前一个等号成立,应有x?0,y?0,
当0?x?1,0?a?1时,g(x
)?(a?1)x?1为减函数,x?0时,g(x)
max
?1
?
x?0<
br>故
?
时,g(x)
max
?1
?
y?1
7、1949
?
由已知得1+
1
9+
1<
br>4+
1
9
?a?
b?
1
1
c?
1<
br>a
,连分数表示法唯一.
8、11
22
?
(a<
br>1
?a
2
?
?
?a
99
)
2
?a
1
2
?a
2
?
?
?a
n
?
2
1?i?j?99
?
a
i
a
j
?(a
1
?
?
?a
n
)
2
?99?2
?
4
4个?1,
11.
使99+2
?
为完全平方数的最小正
整数为121,即当取55个1,
或
55
个
?1,4
个
4
可使
1a
1
?
?
?a
99
?1
?1
?
的最小值为
二、解答题
(k?1)x
2
x
2
1
42
0??
x?1?2x
9、解:(1)
f(x)?1
?
4
,而,所以
x?x
2
?1x
4
?x
2
?13
当
k?1
时,
f(x)
max
?
(2)
2f(x)
min
10、解:因为
k?2k?2
,f(x)
min
?1
;当
k?1
时,
f(x)
min
?,f(x)
max
?1
33
1
?f(x)
max
???k?4
2
a
n
?n?
?
(n
2
?i
2
)
2
?(n?99)
2
(n?98)
2
...(n?1)
2<
br>n
2
(n?1)
2
...(n?98)
2
(n?99
)
23
i?1
99
=
1
[(n?100)
2
?(n?100)
2
]?(n?99)
2
?(n?98)
2
...(n?99)
2
,
400
1
(n?100)
2<
br>?(n?99)
2
?(n?98)
2
...(n?99)
2<
br>- 所以
S
n
?S
n?1
?
400
1
(n?99)
2
?(n?98)
2
...(n?99)
2
(n?100)
2
。
400
1
(n?100)
2
?(n?99)
2
?(n?98)
2
...(n?99)
2
= 即得
S
n
?
400
1
S
n?1
?(n
?99)
2
?(n?98)
2
...(n?99)
2
(n?
100)
2
,
400
1
(n?100)
2
?(n
?99)
2
?(n?98)
2
...(n?99)
2
}是常数数列,其首相为所以新数列
{S
n
?
400
11
S
1
??0?0
。所以
S
n
?(n?100)
2<
br>?(n?99)
2
?(n?98)
2
...(n?99)
2<
br>,
400400
99
n
2
2
即
S
n
?(n?100)?
?
(n
2
?i
2
)
2
400
i?1
(x?4)
2
y
2
??
1,
于是
F
的坐标为
(0,0),
右准线
l
方程为
11、解:将双曲线方程变形为
412
x??3
。以
F
为极点,
Fx
为极轴建立极坐标系,记
e
为椭圆
C
的离心
率,则
C
的方程为
?
?
3e
?
5
?
,
令
?
?
或
,
我们有
|FA|?
1?e
cos
?
4
4
3e3e
,|FB|?
。另一方面,设
C
22
1?e1?e
22
a
2
?c?3
(这里<
br>a,b,c
分别为椭圆
C
的半长轴长、半短轴长和半的中心为
I,则
|FI|?c,
而
c
焦距)。利用余弦定理,可知
|AI|<
br>2
?|FA|
2
?|FI|
2
?2|FA|?|FI|,|B
I|
2
?|FB|
2
?|FI|
2
?2|FB|?|FI|
,
|AB|
2
?|FA|
2
?|FB|
2
?2|FA|?|FB|
。依题意,有
|AI|
2
?|BI|
2<
br>?|AB|
2
。所以,应有
2c
2
?2(|FB|?|FA|
)c?2|FA|?|FB|,
即
??
??
2
2
2
3e3e18e
a
3e
2
?
?2c?2c
?
?<
br>?c?3,
故
c?
,由于。
2
1
??
c<
br>1?e
2
22
e1?e
?
1?e
?
1?2
22
??
e
2
e
2
1
??
代入上式,可得。可解得
0?e?2?2
(1?e
2
)
2
(1?e
2
)(1?
1
e
2
)1?
1e
2
22
二试
一、
证明:
Q
M
D
P
A
KL
C
M
D
P
C
B
A
KL
B
设直线KP交CD于M,
由正弦定理不难得到
AKDMPAPD
???
(1) .
KBMCPBPC
另一方面,
设直线AD与BC交于Q, 将Menelaus定理用于对
△
QAC与截
线PBD以
及
△
QDB与截线PCA, 我们有
式相乘, 得
PAPDQABC
2
?
??
?1
.
(2)
2
PCPBQBAD
但由圆幂定理,
BC
2
=KB
?
LB, AD
2
=AK?AL,
代入(2)式并注意(1)式, 得
APCBQDDPBCQA
???1
,
???1
,
两
PCBQDAPBCQAD
DMQALB
???1
. 于是,
M
CQBAL
M为CD的中点?
DM
MC
?1
?
DMQALB
QAAL
???1
?
?
?QL平分∠AQB?LC=LD.
即
MCQBALQBLB
直线KP平分CD
? LC=LD.
二、
b
2
c
2
a
2
证明:令
x
?
2
,y?
2
,z?
2
,则
x,y,z?R
?
且
xyz?1
。
abc
原式
?1?
?
132
,
?
2
1?x
1
?A?1
。
z
不妨设x?y?z
,令
A?xy?
?
?
11
??
1?
x1?x
1
1?
1
x
?
1?x
?1
,
1
?x
左边
设
u?
1
?
1?x?y?xy
1
1?A?x?
A
x
,则
u?
?
0,
??
,
仅当
x?A
时
?
?
1?A
?
1
u?
1
1?A
。
?
11
?
?
?
?
?
?1?x1?y
?
??
2
??
?
11
?
?
?
?
?
?
1?xA
?
1?
??
x
??
112
???
A
1?x
1?
A<
br>1?A?x?
x
x
A
2?x?
2
x
???1
?
?
1?A
?
u
2
?2u.
A
A
1?A?x?
1?A?x?
x
x
构造函数,令
f
?
u
?
?
?
1?A
?
u
2
?2u?1,?
u?
?
0,
2
??
使
f
?
u
?
递增,
?
?
1?A
?
1
?
11
??
1?x1?y
2
?
1
?
f
??
?
1?A
??
1?A
令A?t
,则
?
121
??
1?x1
1?A<
br>1?
A
?
22t
?
1?t
2
?
1?
t
2
?
22t
?
1?t
1?t
22
?2?
1?t
1?t
2
?
?
?
12
?
32
??2
?
?<
br>1?t
?
2
?
?
?
2
??
?
证毕。
三、
解:设
a
1
,a
2
,?,a
n
是具有上述性质的排列,则
32
.
2
?a
1
?1,a
2
?2,a
3
?3,?,a
n<
br>?n
?
?
?
0,1,2,?,n?1
?
?
a
k?1
n
k
1
?k?n
?
n?1
?
,
2
n
又
?
a
k?1
n
k
?k?
?
?
a
k
?k
?
? 0
?
mod2
?
k?1
1
?n
?
n?1
?
?0
?
mod2
?
2
?n?4k或4k?1
。
构造:
n?4k时,
n:1 ,2,3,
?
,k,k?1,k?2,
?
,2k,2k?1,2k?2,?
,3k,3k?1,3k?2,
?
,4k?1,4k,
a
n< br>:2k?1,4k,4k?1,
?
,3k?2,k?1,3k?1,
?
,2k?3,2k?2,2k,
?
,k?2,k,k?1,
?
,2,1,a
n
?n:2k,4k?2,4k?4,
?
,2k?2,0,2k?1,
?
,3,1,2,
?
,2k?2,2k?1,2k?3,
?
,4k?3,4k?1;
n?4k?1时,
n:1,2,3,
?
,k,k?1 ,k?2,
?
,2k,2k?1,2k?2,
?
,3k,3k?1,3k?2 ,
?
,4k?1,4k,4k?1,
a
n
:2k?2,4k?1,4 k,
?
,3k?3,k?1,3k?2,
?
,2k?4,2k?3,2k?1 ,
?
,k?3,k?2,k,
?
,3,2,1,
a
n
?n:2k?1,4k?1,4k?3,
?
,2k?3,0,2k,
?
,4 ,2,1,
?
,2k?3,2k?1,2k?2,
?
4k?4,4k?2,4 k.
四、
解:当
p?2
时,取
m?n?1
,即可。
当
p?3
时,记
m?n?s,mn?t
,
则
p? s
2
?2t
,且
s?3ts?4?0
?
modp
?
,
3
故
2s?6ts?8?0
?
modp
??s?8?0
?
modp
?
33
2
?
?
s?2
?
s?2s?4?0
?
modp
?
。
??
若
s?2?0
?
modp
?
,??2p?s?2p
,
∴
s??2
或
p?2
,并且s?p?2
时,
p?5
。
当
s??2
时,
p ?4?2t?0
?
mod2
?
,矛盾。故
s?p?2,p?5
,
取
m?1,n?2
,满足条件。
2
若
s?2?0< br>?
modp
?
,则
ps?2s?4
当
p?13
时,取
m??2,n??3
,满足条件。
当
p?17
时,
3?s?2s?4?
2
?
2p<
br>?
2
?22p?4?3p
,
∴
s
2
?2s
?4?p
或
2p
,再由
s
为奇数可知
s
2
?2s?4?p
,
又
s
2
?2t?p,?t?s?2,
?
?
m?1
??
n?1
?
??3
。
由此求得
p?8
或
16
,均不满足。
综上,所求的
p
为
2,5,13
。
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