高中数学名师课堂-高中数学学生卷面分析
高一数学 指数函数平移问题
⑴y=
2
x?1
与y=
2
x?2
. ⑵y
=
2
x?1
与
y
=
2
x?2
.
f(x)的图象
向左平移a个单位得到f(x+a)的图象;向右平移a个单位得到f(x-a)的图象;
向上平移a个单位得到f(x)+a的图象;向下平移a个单位得到f(x)-a的图象.
指数函数·经典例题解析
(重在解题方法)
【例1】求下列函数的定义域与值域:
(1)y=3
1
2?x
(2
)y=2
x?2
?1(3)y=3?3
x?1
解
(1)定义域为x∈R且x≠2.值域y>0且y≠1.
(2)由2
x+2
-1≥0,得定义域{x|x≥-2},值域为y≥0.
(3)由3-3
x-1
≥0,得定义域是{x|x≤2},∵0≤3-3x-1<3,
∴值域是0≤y<3.
及时演练求下列函数的定义域与值域
(1)
y?2
1
x?4
|x|
;
(2)
y?()
;
(3)
y?4?2
2
3
xx?1
?1
;
【例2】
指数函数y=a
x
,y=b
x
,y=c
x
,y=d
x
的图像如图2.6-2所示,
则a、b、c、d、1之间的大小关系是 [
]
A.a<b<1<c<d B.a<b<1<d<c
C. b<a<1<d<c
D.c<d<1<a<b
解
选(c),在x轴上任取一点(x,0),则得b<a<1<d<c.
及时演练
指数函数①
② 满足不等式 ,则它们的图象是 ( ).
【例3】比较大小:
(1)2、
3
2、
5
4、
8
8、
9
16的大小关系是:
(2)0.6
?
4
5
1
3
?
2
()
2
.
1
(3)4.5
4.1
________3.7
3.6
解(
1)∵2?2,2?2,4?2,8?2,16?2,
函数y=2
x
,2>1,该函数
在(-∞,+∞)上是增函数,
13241
又<<<<,∴
3
2<
8
8<
5
4<
9
16<2.
38592
1
2
3
1
3
5
2
5
8
3
8
9
4
9
解 (2)∵0.6
∴0.6
?
4
5
?
4
5
1
3
?
2
>1,1>(),2
1
3
?
2
>().
2
解 (3
)借助数4.5
3.6
打桥,利用指数函数的单调性,4.5
4.1
>4.5
3.6
,作函数y
1
=4.5
x
,y
2
=
3.7
x
的
图像如图2.6-3,取x=3.6,得4.5
3.6
>
3.7
3.6
∴ 4.5
4.1
>3.7
3.6
.
说明 如何比较两个幂的大小:若不同底先化为同底的幂,再利用指数函数的单调性进行比较,如例<
br>2中的(1).若是两个不同底且指数也不同的幂比较大小时,有两个技巧,其一借助1作桥梁,如例2<
br>中的(2).其二构造一个新的幂作桥梁,这个新的幂具有与4.5
4.1
同底与3.7
3.6
同指数的特点,即为
4.5
3.6
(或3.7
4.1
),如例2中的(3).
及时演练(1)1.7
2.5
与
1.7
3
( 2
)
0.8
?0.1
与
0.8
?0.2
( 3
) 1.7
0.3
与
0.9
3.1
(4)
3.5
2.1
和
2.7
2.0
【例4】比较大小
n?1
a
n
与
n
a
n?1(a>0且a≠1,n>1).
n?1
解
a
n
n
an?1
?a
1
n(n?1)
<1,∴
n?1
a
n
<
n
a
n?1
1
当a>1时,∵n>1,>0,
n(n?1)
∴a
1
n(n?1)
1
当0<a<1,∵n>1,>0
,
n(n?1)
【例5】已知函数f(x)=a-,若
2
x
+11
∴a
1
n(n?1)
>1,
n?1<
br>a
n
>
n
a
n?1
f(x)为奇函数,则a=________.
11
【解析】 解法1:∵f(x)
的定义域为R,又∵f(x)为奇函数,∴f(0)=0,即a-
0
=0.∴a=.
2
2+1
1
111
解法2:∵f(x)为奇函数,∴f(-x)=-f(x)
,即a-
-
x
=
x
-a,解得a=.【答案】
2
2+12+1
2
3
2
【例6】求函数y=()
x-5x+6
的单调区间及值域.
4
3
解 令u=x
2
-5x+6,
则y=()
u
是关于u的减函数,而u=x
2
-5x
4
55
+6在x∈(?∞,]上是减函数,在x∈[,?∞)上是增函数.∴函数
22
3
x
2
-5x+6
55
y=()的单调增区间是(?∞,],单
调减区间是[,?∞).
422
2
511又∵u=x
2
-5x+6=(x?
2
)
2
?
4
≥?
4
,
函数y=(
3
4
)
u
,
在u∈[?
1
4
,?∞)上是减函数,
所以函数y=(
3
4
x
2
-5x
4
)
+6
的值域是(0,
10
8
3
].
【例7】求函数y=(
1
4
)
x
?(
1
2
)
x
+1(x≥0)的单调区间及它的最大值.
解 y=[(
1
2
)
x
]
2
?(
1
2
)
x
?1?[(
1
2
)
x
?
1
2
]
2
?
3
4
,令u=(
1<
br>2
)
x
,∵x≥0,
∴0<u≤1,又∵u=(
1
2
)
x
是x∈[0,+∞)上的减函数,函数y=(u?
1
2
)
2
?
3
4
在u∈(0,
111
x1
2
]上为减函数,在[
2
,1)上是增函数.但由0<(
2<
br>)≤
2
得x≥1,由
1
2
≤(
1
2
)
x
≤1,得0≤x≤1,∴函数y=(
1
4
)
x
?(
1
2
)
x
+1单调增
区间是[1,+∞),单调减区间[0,1]
当x=0时,函数y有最大值为1.
【
例8】已知f(x)=
a
x
?1
a
x
?1
(a>1
)
(1)判断f(x)的奇偶性; (2)求f(x)的值域;
(3)证明f(x)在区间(-∞,+∞)上是增函数.
解 (1)定义域是R.
f(-
x)=
a
?x
?1a
x
?1
a
?x
?1<
br>??
a
x
?1
=-f(x),
∴函数f(x)为奇函数. <
br>(2)函数y=
a
x
?1
x
?1?yy?1
a
x
?1
,∵y≠1,∴有a=
y?1
?
1?y
>0?-1
<y<1,
即f(x)的值域为(-1,1).
(3)设任意取两个值x
1
、
x
2
∈(-∞,+∞)且x
1
<x
2
.f(x
1<
br>)-f(x
2
)
=
a
x
l
?1
a
x
2
?1
2(a
x
l
?a
x
2<
br>)
a
x?1
?
x?1
=
x
?1)(a
2
?1)
,∵a>1,x
1
<x
2
,a
x
1
<a
x
2
l
a
2
(a
l
x<
br>,(a
x
1
+1)
(a
x
2
+1
)>0,∴f(x
1
)<f(x
2
),故f(x)在R上为增函数.
3
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