2017年云南高中数学会考真题-高中数学r相关系数
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高中数学常见的恒成立问题的一般解法
摘要:本文针对高中数学的
恒成立问题,通过分析恒成立问题在解题过程中的
几种类型和解题的常用方法进行分类,并通过实例进行
说明,比较系统的展现了高
中数学中恒成立问题的一般解法,帮助学生对恒成立问题有了系统、详细的认
识。
关键词:恒成立问题;解法;函数;不等式
我们在高中数学教学中,经常遇到一些恒成
立问题,我们反复讲解,大多数学
生也束手无策,不知道从哪里下手,找不到问题的突破口,因而感觉十
分困难,主
要是缺乏系统归类。高中数学中的恒成立问题,涉及到一次函数、二次函数的性质、
图象,渗透着换元、化归、数形结合、函数与方程等思想方法,有利于考查学生的综
合解题能力,在培养
思维的灵活性、创造性等方面起到了积极的作用,因此也成为
历年高考的一个热点。恒成立问题在解题过
程中大致可分为以下几种类型:①函数
型;②不等式型;③方程型。而这三种类型又不是独立出现的,有
时会把两者融合
在一起。对于这三种类型的题解决的方法常有:①函数性质法;②分离参数法;③
数形结合法。
一、 函数性质法
函数的性质包括函数的定义域、值域、单调性、奇偶性、
周期性等,而对于恒成
立问题经常用到函数的单调性。下面根据函数类型对利用函数性质法来解恒成立问
题做一个说明。
(一)一次函数型
对于一次函数y=f(x)=kx+b(k≠0
),若y=f(x)在[m,n]内恒有f(x)>0,则根据函数的图
象(直线)或一次函数的单调性
(当k>0时,y=f(x)在[m,n]内为增函数,当k<0时,
y=f(x)在[m,n]内为减
函数)可得
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?
k?0
?k?0
或ⅱ)
?
即一次函数y=f(x)=kx+b(k≠0)在[m,n]的最
小值大于
?
f(m)?0
?
f(n)?0
?
f(m)?0<
br>0。若k不知道正负,上面两种情况亦可合并定成
?
,这样可以回避讨论k的
f
(n)?0
?
ⅰ)
?
正负。
同理,若在[m,n]内恒有f(x)<0,则有
?
?
f(m)?0
?
f(n)?0
例1、 对于满足|a|
?
2的所有实数a,求使不
等式x
2
+ax+1>a+2x恒成立的x的取值范
围。
分析:在不等式中
出现了两个字母:x及a,关键在于该把哪个字母看成是一个变
量,另一个作为常数。若将a视作自变量
,则上述问题即可转化为在[-2,2]内关于a
的一次函数大于0恒成立的问题。
解:原不
等式可化为(x-1)a+x
2
-2x+1>0,设f(a)=(x-1)a+x
2<
br>-2x+1,则f(a)在[-2,2]上恒大
于0
2
?
x?3或x
?1
?
f(?2)?0
?
?
x?4x?3?0
∴
?
即
?
2
解得
?
?
?
f(2)?
0
?
x?1或x??1
?
x?1?0
∴x<-1或x>3.
(二)二次函数型
根据二次函数的定义域不同,二次函数分为两种类型①若二次函数
y=ax
2
+bx+c=0(a≠0,x
?
R)大于0恒成立,则有
?
?
a?0
?
??0
②若是二次函数在指定区间上的恒成
立问题,则可以利用韦达定理以及根与系数的
分布知识求解。
例2、 设f(x)=x
2
-2ax+2,当x
?
[-1,+
?
)时,都有f(x)
?
a恒成立,求a的取值范围。
分析:题目中要证明f(x)
?
a恒成立
,若把a移到等号的左边,则把原题转化成左
边二次函数在区间[-1,+
?
)时恒大
于0的问题。
解:设F(x)=f(x)-a=x
2
-2ax+2-a.
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即m≤9-4a-2a
2
在a∈[3,6]上恒成立
∵9-4a-2a
2
在a∈[3,6]的最小值为-87,∴m≤-87
说
明:此题不光涉及到高次函数的恒成立,还涉及到二次函数的恒成立,并且
都用到利用最值法来解,所以
在解题时注意恰当的使用最值法。
对于复合型的函数,我们可以把它化为常见的函数类型来解。
例4、
关于x的方程9
x
+(4+a)3
x
+4=0恒有解,求a的范围。
分析:题目中出现了3
x
及9
x
,故可通过换元转化成二次函数型求解。
解法1(利用韦达定理):
设3
x
=t,则t>0.则原方程有解即方程t
2
+(4+a)t+4=0有正根。
?
??0
?
(4?a
)
2
?16?0
?
a?0或a??8
?
?
?
x
1
?x
2
??(4?a)?0
即
?
?
?
?
a??4
?
a??4
?
x?x?4?0?
12
解得a
?
-8.
解法2(利用根与系数的分布知识):
即要求t
2
+(4+a)t=0有正根。设f(x)=t
2
+(4+
a)t+4.
1
0
.
?
=0,即(4+a)
2
-
16=0,∴a=0或a=-8.
a=0时,f(x)=(t+2)
2
=0,得t=-2<0,不合题意;
a
=-8时,f(x)=(t-2)
2
=0,得t=2>0,符合题
2
0
.
?
>0,即a<-8或a>0时,
4?a
?0
,∵f(0)=
4>0,故只需对称轴
?
2
意。∴a=-8.
y
4
o
x
即a<-4.
∴a<-8
综合可得a
?
-8.
另外,我们来看一下利用函数的奇偶性、周期性等性质怎样来解恒成立问题。
若函数f(x)
是奇(偶)函数,则对一切定义域中的x,f(-x)=-f(x)(或f(-x)=f(x))恒成立;若函数y=f(x)的周期为T,则对一切定义域中的x,f(x)=f(x+T)恒成立。
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例5、 若f(x)=sin(x+
?
)+cos(x-
?
)为偶函数,求
?
的值。
分析:告诉我们偶函数的条件,即相当于告诉我们一个恒成立问题。
解:由题得:f(-x)=f(x)对一切x
?
R恒成立,
?
si
n(-x+
?
)+cos(-x-
?
)=sin(x+
?
)
+cos(x-
?
)
即sin(x+
?
)+sin(x-
?
)=cos(x+
?
)-cos(x-
?
)
2sinx·cos
?
=-2sinx·sin
?
∴sinx(sin
?
+cos
?
)=0
∵
对一切x
?
R恒成立,∴sin
?
+cos
?
=0
...
∴
?
=k
?
?
.(k
?
Z)
4
?
二、 分离参数法
若在等式或不等式中出现两个变量,其中一个变量的
范围已知,另一个变量的范
围为所求,且容易通过恒等变形将两个变量分别置于等号或不等号的两边,则
可将
恒成立问题转化成函数的最值问题求解。
例6、
已知当x
?
R时,?不等式a+cos2x<5-4sinx恒成立,求实数a的取值范围。
例7、 分析:在不等式中含有两个变量a及x,其中x的范围已知(x
?
R),另一
变量a的范围即为所求,故可考虑将a及x分离。
解:原不等式可化为4sinx+cos2x<-a+5
要使上式恒成立,只需-a+5大于
4sinx+cos2x的最大值,故上述问题转化成求
f(x)=4sinx+cos2x的最值问题
。
∵f(x)=4sinx+cos2x=-2sin
2
x+4sinx+1=-2
(sinx-1)
2
+3
?
3,
∴-a+5>3即a<2
注:注意到题目中出现了sinx及cos2x,而cos2x=1-2sin
2
x,故若把
sinx换元成t,
则可把原不等式转化成关于t的二次函数类型,利用二次函数在指定区间上的恒成立
问题来解(解略)。
实际上例4也可以用分离参数法来解。
解法3:
设
3
x
=t,则t>0.则原方程可化为t
2
+(4+a)t+4=0,
?t
2
?4
即4+a=恒成立
t
t
2
?444
?t??2t?
=4 又∵t>0,由均值
不等式可得
ttt
?t
2
?4
∴≤-4,即4+a≤-4,∴a≤-
8
t
三、 数形结合法
若把等式或不等式进行合理的变形后,能非常容易地画出等号或不等号两边函数
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的图象,则可以通过画图直接判断得出结果。尤其对于选择题、填空
题这种方法更
显方便、快捷。
例6、当x
?
(1,2)时,不等式(x-1
)
2
x恒成立,求a的取值范围。
分析:若将不等号两
边分别设成两个函数,则左边为
y
1
=(x-1)
y
2
二
次函数,图象是抛物线,右边为常见的对数函数的图
y
2
=log
a
x
象,故可以通过图象求解。
解:设y
1
=(x-1)
2
,y
2
=log
a
x,则y
1
的图
1
抛物线,要使对一切x
?
(1,2),y
1
恒成y的图象在y
o 2
x
12
的图象的下方。显然a>1,
当
x=2时y
2
的函数值大于或等于y
1
的函
∴log
a2≥1,而a>1,故1?
2.
参考文献:
【1】《数学教学与研究》2010,34期
【2】王双双《恒成立问题的求解策略》
【3】《高考教练》
作者简介:
李文:中学二级教师,本科,研究方向为中学数学教学。
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象为
右图所示的
立,即在x
?
(1,2),
并且必须也只需
数值。