高中数学教案封面图片-高中数学金课
五、参数法
参数法是指在解题过程中,通过适当引入一些与题目研究的数学对象发生联
系的新变量
(参数),以此作为媒介,再进行分析和综合,从而解决问题。直线与二次曲线的参数方程<
br>都是用参数法解题的例证。换元法也是引入参数的典型例子。
辨证唯物论肯定了事物之间的联系
是无穷的,联系的方式是丰富多采的,科学的任务就
是要揭示事物之间的内在联系,从而发现事物的变化
规律。参数的作用就是刻画事物的变化
状态,揭示变化因素之间的内在联系。参数体现了近代数学中运动
与变化的思想,其观点已
经渗透到中学数学的各个分支。运用参数法解题已经比较普遍。
参数
法解题的关键是恰到好处地引进参数,沟通已知和未知之间的内在联系,利用参数
提供的信息,顺利地解
答问题。
Ⅰ、再现性题组:
1. 设2
x
=3
y
=5<
br>z
>1,则2x、3y、5z从小到大排列是________________。
?
?
x??2?2t
2. (理)直线
?
上与点A(-2,
3)的距离等于
2
的点的坐标是________。
?
?
y?3?2t
(文)若k<-1,则圆锥曲线x
2
-ky
2
=1的离心率是_________。
3. 若复数z在复平面内对应的
点Z在虚轴上移动,则复数C=z
2
+1+2i在复平面上
对应的轨迹图像为____
____ _________。
4.
三棱锥的三个侧面互相垂直,它们的面积分别是6、4、3,则其体积为______。
5. 设函数
f(x)对任意的x、y∈R,都有f(x+y)=f(x)+f(y),且当x>0时,f(x)<0,
则f(x)的R上是______函数。(填“增”或“减”)
6. 椭圆
x
2<
br>16
+
y
2
4
=1上的点到直线x+2y-
2
=0的最大距离是_____。
A. 3 B.
11
C.
10
D. 2
2
【简解】1小题:设2<
br>x
=3
y
=5
z
=t,分别取2、3、5为底的对数,解出x
、y、z,再
用“比较法”比较2x、3y、5z,得出3y<2x<5z;
2小题:(理)
A(-2,3)为t=0时,所求点为t=±
2
2
时,即(-1,2)或(-3,4)
;
(文)已知曲线为椭圆,a=1,c=
1?
1
k
,所以e=-<
br>1
k
k
2
?k
;
3小题:设z=bi,则C=1-
b
2
+2i,所以图像为:从(1,2)出发平行于x轴向左的
射线;
4小
题:设三条侧棱x、y、z,则
1
2
xy=6、
1
2
yz=
4、
1
2
xz=3,所以xyz=24,体积为4。
5小题:f(0)=0,f(0)=f(x)+f(-x),所以f(x)是奇函数,答案:减;
6小题:设x=4sinα、y=2cosα,再求d=
Ⅱ、示范性题组: <
br>|4sin
?
?4cos
?
?
5
2|
的最大
值,选C。
例1. 实数a、b、c满足a+b+c=1,求a
2
+b
2<
br>+c
2
的最小值。
【分析】由a+b+c=1 想到“均值换元法”,于是引
入了新的参数,即设a=
b=
1
3
1
3
+t
1,
+t
2
,c=
1
3
+t
3
,代入a
2
+b
2
+c
2
可求。
1
3
【解】由a+b+c=1,设a=
∴ a
2
+b2
+c
2
=(
+t
1
2
+t
2
2
+t
3
2
=
1
3
1
3
+t<
br>1
,b=
1
3
1
3
+t
2
,c=<
br>1
3
1
3
+t
3
,其中t
1
+t<
br>2
+t
3
=0,
1
3
+t
1
)<
br>2
+(+t
2
)
2
+(
1
3
+t<
br>3
)
2
=+
2
3
(t
1
+t
2
+t
3
)
+t
1
2
+t
2
2
+t
3
2
≥
1
3
所以a
2
+b
2
+c
2
的最小值是。
【
注】由“均值换元法”引入了三个参数,却将代数式的研究进行了简化,是本题此种
解法的一个技巧。
本题另一种解题思路是利用均值不等式和“配方法”进行求解,解法是:a
2
+b2
+c
2
=
(a+b+c)
2
-2(ab+bc+ac
)≥1-2(a
2
+b
2
+c
2
),即a
2
+b
2
+c
2
≥
1
3
。
两种解法都要求代数变形的技巧性强,多次练习,可以提高我们的代数变形能力。
例2. 椭
圆
x
2
16
+
y
2
4
=1上有两点P、Q
,O为原点。连OP、OQ,若k
OP
·k
OQ
=-
1
4<
br> ,
①.求证:|OP|
2
+|OQ|
2
等于定值;
②.求线段PQ中点M的轨迹方程。
?
x?4cosθ
【分析】 由“换元法”引入
新的参数,即设
?
(椭圆参数方程),参数θ
y?2sinθ
?
1<
br>、
θ
2
为P、Q两点,先计算k
OP
·k
OQ
得出一个结论,再计算|OP|
2
+|OQ|
2
,并运用“参数
法
”求中点M的坐标,消参而得。
?
x?4cosθ
【解】由+=1,设
?<
br>,P(4cosθ
16
4
y?2sniθ
?
x
2y
2
1
,2sinθ
1
),Q(4cosθ
2
,2sinθ
2
),
则k
OP
·k
OQ
=
cosθ cosθ
2sin
?
1
4cos
?
1
1
?
2sin
?
2
4cos
?
2
2
=-
1
4
,
整理得到:
12
+sinθ
sinθ=0,即cos(θ
1
-θ
2
)=0。
∴
|OP|
2
+|OQ|
2
=16cos
2
θ
=8+
12(cos
2
θ
=20+12cos(θ
+cos
2
θ<
br>1
1
+4sin
2
θ
1
+16cos
2θ
2
+4sin
2
θ
)
2
12<
br>)=20+6(cos2θ
-θ
1
+cos2θ
2
+θ
2
)cos(θ
12
)=20,
即|OP|
2
+|OQ|
2
等于定值20。
?
x
M
?2(cos
?
1
?cos
?
2
)由中点坐标公式得到线段PQ的中点M的坐标为
?
,
?
y
M<
br>?sin
?
1
?sin
?
2
所以有(
x2
)
2
+y
2
=2+2(cosθ
1
cosθ
x
2
+sinθ
y
2
1
sinθ
2
)=2,
2
即所求线段PQ的中点M的轨迹方程为
8
+
2
=1。 <
br>【注】由椭圆方程,联想到a
2
+b
2
=1,于是进行“三角换元”,
通过换元引入新的参数,
转化成为三角问题进行研究。本题还要求能够熟练使用三角公式和“平方法”,
在由中点坐
标公式求出M点的坐标后,将所得方程组稍作变形,再平方相加,即(cosθ
1<
br>+ cosθ
2
2
)
+(sinθ
1
+sinθ2
)
2
,这是求点M轨迹方程“消参法”的关键一步。一般地,求动点
的
轨迹方程运用“参数法”时,我们可以将点的x、y坐标分别表示成为一个或几个参数的
函数,再运用“
消去法”消去所含的参数,即得到了所求的轨迹方程。
本题的第一问,另一种思路是设直线斜率k,解出P、Q两点坐标再求:
设直线OP的斜率k
,则OQ的斜率为-
1
4k
,由椭圆与直线OP、OQ相交于PQ两点有:
?
x
2
?4y
2
?16?0
4
22
,消y
得(1+4k)x=16,即|x
P
|=;
?
2
y?kx
1?4k
?
?
x
2
?4y
2
?16?0
|
8k|
1
?
2
,消y得(1+)x=16,即|x|=;
?
1
Q
2
2
4k
x
1?4k
?
y??4k
?
所以|OP|+|OQ|=(
1?k
22
2
?<
br>4
1?4k
2
)+(
1?
2
1
16k
2
?
|8k|
1?4k
2
)
2
=20?80k
1?4k
2
2
=20。即|OP|
2
+|
OQ|
2
等于定值20。
在此解法中,利用了直线上两点之间的距离公式|AB|=
1?k
AB
和|OQ|的长。
2
?
|x
A
-x
B
|求|OP|
例3.已知正四棱锥S—ABCD的侧面与底面
的夹角为β,相邻两侧面的夹角为α,求证:
cosα=-cos
2
β。
【
分析】要证明cosα=-cos
2
β,考虑求出α、β的余弦,则在α和β所在的三角形中<
br>利用有关定理求解。
【解】连AC、BD交于O,连SO;取BC中点F,连SF、OF;作B
E⊥SC于E,连DE。则
∠SFO=β,∠DEB=α。
设BC=a (为参数),
则SF=
OF
cosβ
=
a
2cosβ
,
22
SC=
SF?FC
=
(
a
2cosβ
)?(
2
a
2
)
2
=
a
2cosβ
2
1?cosβ
又
∵BE=
SF·BC
SC
=
a
2
2cosβ
?1
a
2cos
?
1?cos
?
2
=
a
1?cos
?
2
在△DEB中,由余弦定理有:cosα=
2BE?BD
2BE
2
22
2?
a
2
2
=
1?cos
?
2?
a
2
?2a
2
2
1?cos
?
=-cos
2
β。所以cosα=-cos2
β。
【注】 设参数a而不求参数a,只是利用其作为中间变量辅助计算,这也是在参
数法中
参数可以起的一个作用,即设参数辅助解决有关问题。
Ⅲ、巩固性题组:
1. 已知复数z满足|z|≤1,则复数z+2i在复平面上表示的点的轨迹是
______
__________。
2. 函数y=x+2+
3. 抛物线y=x
2
-10xcosθ+25+3sinθ-25sin
2
θ与x轴两个交点距离的最大值为
_____
A. 5
B. 10 C. 2
1?4x?x
2
的值域是________________。
3
D. 3
4. 过点M(0,1)作直线L,使它与两已知直线L
1
:x-3y+10=0及L
2
:2x+y-8=0所截
得的线段被点M平分,求直线
L方程。
5. 求半径为R的球的内接圆锥的最大体积。
6. f(x)=(1-
a
cos
2
x)sinx,x∈[0,2π),求使f(x)≤1的实数a的取值范围。
2
7.
若关于x的方程2x
2
+xlg
(a
a的值及方程的根。
8.
给定的抛物线y
2
=2px (p>0),证明:在x轴的正向上一定存在一点M,使得对于
抛物
线的任意一条过点M的弦PQ,有
1
|MP|
2
2?1)
3
3
+lg
2
(
a
2
?1)+lg
a
2a
2
=0有模为1的虚根,求实数
8a
2
a
?1
+
1
|MQ|
2
为定值。
参数法巩固性题组答案
6、解:由f(x)=(1-
a
co
s
2
x)sinx,x∈[0,2π)及f(x)≤1得:
sinx?
2a
2
cosxsinx?1
2
??
a
2(1?sinx)sinx?1?sinx??
1
2
(sinx?
12
)?
2
2
a
2
(1?sinx)sinx?1
,令
y??
1
2
)?
2
1
2
(1?si
nx)sinx
则
y??
1
8
,
?0?(sin
x?
1
8
9
4
,故
?1?y?
1
8
,当
a?0
,显然有:
f(x)≤1,当
a?0
时,由
?a?ay?
当
a?0
时,由
1
8
a
,及
ay?1
恒成立知:
0?a?8
a?ay??a
及
ay?1
恒成立知:
?1?a?0
,
综上可知:
a
的取值范围是
[?1,8]
注:本题关键是成功地引入了辅助变量y,以及对a的符号的讨论。
7、解:令
lg
a?1
2a
2
?m
,则原方程可化为
2x?3mx?m?m
?0
,又方程有模为1的虚
3m
2
22
根。设
x?c?d
i(c,d?R,d?0)
,则由实系数一元二次方程虚根成对原理得:
2c??
m?
m
2
2
(c?di)(c?di)?c?d?
3
2
22
?1
,解得
m?2
或
m??1
当m=2时
,
c??
a?1
2a
2
与
c
2
?d
2
?1
矛盾,故应舍去。
?m??1
1?101
10
3
4
此时
lg??1?a?
,<
br>c?
,
d??
7
4
,即方程的根为
x?
3<
br>4
?
7
4
i
注:本题关键是成功引入辅助变量m,简化了运算。还抓住了虚根成对原理。
8、解:设M(x
0
,0)
,直线PQ的倾斜角为
?
,直线PQ的参数方程
为:
?
x?x
0
?tcos
?
2
,(t为参数)
,代入抛物线方程
y?2px
得:
?
?
y?tsin
?<
br>tsin
?
?2ptcos
?
?2px
0
?0
,设
PM?|t
1
|
,
QM?|t
2
|
且
22
2pcos
?
?
t?t?
222
2212
2
?
t
1
?t
2
(t
1
?t
2
)?2t
1
t
2
11cos
?
si
n
?
?
sin
?
??
22
???
于是 <
br>?
22222
MPMQt
1
t
2
t
1
t
2
x
0
x
0
p
?
tt??
2
px
0
12
2
?
sin
?
?
?
p
cos
?
?x
0
sin
?
xp
2
0
22
?
p?(x
0
?p)sin
?
xp
2
0
2
,由于
1
MP
2
?
1
MQ
2
为定值。故
x
0
?p
注:本题在于成功地利用了直线的
参数方程,引入了辅助变量
x
0
、
t
和
?
。