高中数学排列组合知识点与典型例题总结二十一类21题型(师)

允许重复的排列问题的特点是以元素为研究对象，元素不受位置的约束，可以逐一
安排各 个元素的位置，一般地n不同的元素没有限制地安排在m个位置上的排列数
为种
练习题：
1． 某班新年联欢会原定的5个节目已排成节目单，开演前又增加了两个新节
目.如果将这两 个节目插入原节目单中，那么不同插法的种数为 42
2. 某8层大楼一楼电梯上来8名乘客人,他们到各自的一层下电梯,下电梯的方法

六.环排问题线排策略
例6. 8人围桌而坐,共有多少种坐法?
解：围桌而坐与 坐成一排的不同点在于，坐成圆形没有首尾之分，所以固定一人
并从此位置把圆形展成直线其余7人共有 （8-1）！种排法即！
一般地,n个不同元素作圆形排列,共有(n-1)!种排法.如果从n个 不同元素中取出m
个元素作圆形排列共有
练习题：6颗颜色不同的钻石，可穿成几种钻石圈 120
七.多排问题直排策略
例7.8人排成前后两排,每排4人,其中甲乙在前排,丙在后排,共有多少排法
解:8人排 前后两排,相当于8人坐8把椅子,可以把椅子排成一排.个特殊元素
有种,再排后4个位置上的特殊元 素丙有
种,则共有种
种,其余的5人在5个位置上任
意排列有
一般地,元素 分成多排的排列问题,可归结为一排考虑,再分段研究.

练习题：有两排座位，前排1 1个座位，后排12个座位，现安排2人就座规定前排
中间的3个座位不能坐，并且这2人不左右相邻， 那么不同排法的种数是 346
八.排列组合混合问题先选后排策略
例8.有5个不同的小球,装入4个不同的盒内,每盒至少装一个球,共有多少不同的
装法.
解:第一步从5个球中选出2个组成复合元共有
一个复合元素)装入4个不同的盒内有
法共有
种方法.再把4个元素(包含
种方法，根据分步计数原理装球的方

解决排列组合混合问题,先选后排是最基本的指导思想.此法与相邻元素捆绑策略相
似吗?
练习题：一个班有6名战士,其中正副班长各1人现从中选4人完成四种不同的任
务,每人完成一种任 务,且正副班长有且只有1人参加,则不同的选法有 192 种
九.小集团问题先整体后局部策略
例9.用1,2,3,4,5组成没有重复数字的五位数其中恰有两个偶数夹1,５在两个奇
数 之间,这样的五位数有多少个？
解：把１,５,２,４当作一个小集团与３排队共有
共有种排 法，由分步计数原理共有
种排法，再排小集团内部
种排法 .
练习题：
１.计划展出10幅不同的画,其中1幅水彩画,４幅油画,５幅国画, 排成一行陈列,
要求同一 品种的必须连在一起，并且水彩画不在两端，那么共有陈列方式
的种数为
种 2. 5男生和５女生站成一排照像,男生相邻,女生也相邻的排法有
十.元素相同问题隔板策略
例10.有10个运动员名额，分给7个班，每班至少一个,有多少种分配方案？
解： 因为10个名额没有差别，把它们排成一排。相邻名额之间形成９个空隙。
在９个空档中选６个位置插个 隔板，可把名额分成７份，对应地分给７个班级，每
一种插板方法对应一种分法共有种分法。
将n个相同的元素分成m份（n，m为正整数）,每份至少一个元素,可以用m-1块
隔板，插入n个元 素排成一排的n-1个空隙中，所有分法数为
练习题：
1． 10个相同的球装5个盒中,每盒至少一有多少装法？
2 .求这个方程组的自然数解的组数
十一.正难则反总体淘汰策略
例11.从0,1,2,3,4,5,6,7,8,9这十个数 字中取出三个数，使其和为不小于10的
偶数,不同的
取法有多少种？

解：这问题中如果直接求不小于10的偶数很困难,可用总体淘汰法。这十个
数字中有5个偶数 5个奇数,所取的三个数含有3个偶数的取法有
1个偶数的取法有,和为偶数的取法共有
,只含有
。再淘汰和小于10的
偶数共9种，符合条件的取法共有
有些排列组合问 题,正面直接考虑比较复杂,而它的反面往往比较简捷,可以先求出
它的反面,再从整体中淘汰.
练习题：我们班里有43位同学,从中任抽5人,正、副班长、团支部书记至少有一
人在内的
抽法有多少种?
十二.平均分组问题除法策略
例12. 6本不同的书平均分成3堆,每堆2本共有多少分法？
解: 分三步取书得种方法,但这里出现重复计 数的现象,不妨记6本书为
ABCDEF，若第一步取AB,第二步取CD,第三步取EF该分法记为( AB,CD,EF),则
中还有(AB,EF,CD),(CD,AB,EF),(CD,EF,AB) (EF,CD,AB),(EF,AB,CD)共有
种取法 ,而这些分法仅是(AB,CD,EF)一种分法,故共有种分法。
解：把此问题当作一个排队模型在6盏亮灯的5个空隙中插入3个不亮的灯有
种
一 些不易理解的排列组合题如果能转化为非常熟悉的模型，如占位填空模型，排队
模型，装盒模型等，可使 问题直观解决
练习题：某排共有10个座位，若4人就坐，每人左右两边都有空位，那么不同的
坐法有多少种？（120）
十五.实际操作穷举策略
例15.设有编号1,2,3,4, 5的五个球和编号1,2,3,4,5的五个盒子,现将5个球投
入这五个盒子内,要求每个盒子放一个 球，并且恰好有两个球的编号与盒子的编号
相同,有多少投法
解：从5个球中取出2个与盒子 对号有种还剩下3球3盒序号不能对应，利
用实际操作法，如果剩下3,4,5号球, 3,4,5号盒 3号球装4号盒时，则4,5
号球有只有1种装法，同理3号球装5号盒时,4,5号球有也只有1种装 法,由
分步计数原理有种
3号盒 4号盒 5号盒

对于条件比较复杂的排列组合问题，不易用公式进行运算，往往利用穷举法或画出
树 状图会收到意想不到的结果
练习题：
1.同一寝室4人,每人写一张贺年卡集中起来,然后 每人各拿一张别人的贺年卡，则
四张贺年卡不同的分配方式有多少种？ (9)
2.给图中区域涂色,要求相邻区 域不同色,现有4种可选颜色,则不同的着色方法有
72种
十六. 分解与合成策略
例16. 30030能被多少个不同的偶数整除
分析：先把30030分解成质因数的乘积形式30030=2×3×5 × 7
×11×1 3，依题意可知偶因数必先取2,再从其余5个因数中任取若干个组成乘
积，所有的偶因数为：
练习:正方体的8个顶点可连成多少对异面直线
解：我们先从8个顶点中任取4个顶点构成四 体共有体共,每个四面体
有3对异面直线,正方体中的8个顶点可连成对异面直线
分解与合成 策略是排列组合问题的一种最基本的解题策略,把一个复杂问题分解成
几个小问题逐一解决,然后依据问 题分解后的结构,用分类计数原理和分步计数原理
将问题合成,从而得到问题的答案 ,每个比较复杂的问题都要用到这种解题策略
十七.化归策略
例17. 25人排成5×5方阵,现从中选3人,要求3人不在同一行也不在同一列,不
同的选法有多少种？ < br>解：将这个问题退化成9人排成3×3方阵,现从中选3人,要求3人不在同一行也
不在同一列, 有多少选法.这样每行必有1人从其中的一行中选取1人后,把这人所
在的行列都划掉，如此继续下去. 从3×3方队中选3人的方法有
5×5方阵选出3×3方阵便可解决问题.从5×5方队中选取3行3列 有
种。再从
选法
所以从5×5方阵选不在同一行也不在同一列的3人有选法。
处理复杂的排列组合问题时可以把一个问题退化成一个简要的问题，通过解决这个
简要的问题的解决找 到解题方法，从而进下一步解决原来的问题
练习题:某城市的街区由12个全等的矩形区组成其中实线 表示马路，从A走到B的
最短路径有多少种？()
十八.数字排序问题查字典策略
例18．由0，1，2，3，4，5六个数字可以组成多少个没有重复的比324105大的
数？
解:

数字排序问题可用查字典法,查字典的法应从高位向低位查,依次求出其 符合要求的
个数,根据分类计数原理求出其总数。
练习:用0,1,2,3,4,5这六个 数字组成没有重复的四位偶数,将这些数字从小到大
排列起来,第71个数是 3140
十九.树图策略
例19．人相互传球,由甲开始发球,并作为第一次传球,经过次传求后,球 仍回到
甲的手中,则不同的传球方式有______
对于条件比较复杂的排列组合问题，不易用公式进行运算，树图会收到意想不到的
结果
练习: 分别编有1，2，3，4，5号码的人与椅，其中号人不坐号椅
（）的不同坐法有多少种？
二十.复杂分类问题表格策略
例20．有红、黄、兰色的球各5只,分别标有A、B、C、D 、E五个字母,现从中取5
只,要求各字母均有且三色齐备,则共有多少种不同的取法
解:
一些复杂的分类选取题,要满足的条件比较多, 无从入手,经常出现重复遗漏的情况,
用表格法,则分类明确,能保证题中须满足的条件,能达到好的效果.

二十一：住店法策略
解决“允许重复排列问题”要注意区分两类元素：一类元素可以重复，另 一类不能
重复，把不能重复的元素看作“客”，能重复的元素看作“店”，再利用乘法原理
直接 求解.
例21.七名学生争夺五项冠军，每项冠军只能由一人获得，获得冠军的可能的种数
有 .
分析：因同一学生可以同时夺得n项冠军，故学生可重复排列，将七名学生看作7
家“店” ，五项冠军看作5名“客”，每个“客”有7种住宿法，由乘法原理得
7种.
排列组合易错题正误解析
1没有理解两个基本原理出错
排列组合问题基于两个基本 计数原理，即加法原理和乘法原理，故理解“分类用
加、分步用乘”是解决排列组合问题的前提.

例1 从6台原装计算机和5台组装计算机中任意选取5台,其中至少有原装与组装计算机各两台,则不同的取法有 种.
误解：因为可以取2台原装与3台组装计算机或是3 台原装与2台组装计算
机，所以只有2种取法.
错因分析：误解的原因在于没有意识到“选取 2台原装与3台组装计算机或是
3台原装与2台组装计算机”是完成任务的两“类”办法，每类办法中都 还有不同
的取法.
正解：由分析，完成第一类办法还可以分成两步：第一步在原装计算机中任
意选取2台，有
据乘法原理共有
种方法；第二步是在组装计算机任意选取3台，有种方法.同理，完成第二类办法中有
种方法.
种方法，
种方法.据加法原
理完成全部的选取过程共有
例2 在一次运动会上有四项比赛的冠军在甲、乙、丙三人中产生，那么不同的夺
冠情况共有（ ）种.
（A） （B） （C）
（D）
误解：把四个冠军，排在甲、乙、丙三个位置上，选A.
正解：四项比赛的冠军依次在甲、乙 、丙三人中选取，每项冠军都有3种选
取方法，由乘法原理共有种.
说明：本题还有同学这样 误解，甲乙丙夺冠均有四种情况，由乘法原理得.
这是由于没有考虑到某项冠军一旦被一人夺得后，其他 人就不再有4种夺冠可能.
2判断不出是排列还是组合出错
在判断一个问题是排列还是组合 问题时，主要看元素的组成有没有顺序性，有
顺序的是排列，无顺序的是组合.
例3 有大小形状相同的3个红色小球和5个白色小球，排成一排，共有多少种不
同的排列方法？
误解：因为是8个小球的全排列，所以共有种方法.
错因分析：误解中没有考虑3个红色小球 是完全相同的，5个白色小球也是完
全相同的，同色球之间互换位置是同一种排法.
正解：8 个小球排好后对应着8个位置，题中的排法相当于在8个位置中选出
3个位置给红球，剩下的位置给白球 ，由于这3个红球完全相同，所以没有顺序，
是组合问题.这样共有：排
法.

3重复计算出错
在排列组合中常会遇到元素分配问题、 平均分组问题等，这些问题要注意避免
重复计数，产生错误。
例4 5本不同的书全部分给4个学生，每个学生至少一本，不同的分法种
数为（ ）
（A）480 种 （B）240种 （C）120
种 （D）96种
误解：先从5本书中取4本分给4个人，有
一个人有4种分法，共有
种 方法，剩下的1本书可以给任意
种不同的分法，选A.
错因分析：设5本书为、、、、，四个 人为甲、乙、丙、丁.按照上述分
法可能如下的表1和表2：
表2
表1是甲首 先分得、乙分得、丙分得、丁分得，最后一本书给甲的情况；
表2是甲首先分得、乙分得、丙分得、丁分 得，最后一本书给甲的情况.
这两种情况是完全相同的，而在误解中计算成了不同的情况。正好重复了一 次.
正解：首先把5本书转化成4本书，然后分给4个人.第一步：从5本书中任
意取出2本 捆绑成一本书，有
种方法.由乘法原理，共有
种方法；第二步：再把4本书分给4个学生，有< br>种方法，故选B.
例5 某交通岗共有3人，从周一到周日的七天中，每天安排一人值班，每
人至少值2天，其不同的排法共有（ ）种.
（A）5040 （B）1260 （C）
210 （D）630
误解：第一个人先挑选2天，第二个人再挑选2天，剩下的3天给第三个人，这三
个人再进行全排列.共有：，选B.
错因分析：这里是均匀分组问题.比如：第一人挑选的是周一、 周二，第二人挑选
的是周三、周四；也可能是第一个人挑选的是周三、周四，第二人挑选的是周一、周二，所以在全排列的过程中就重复计算了.正解：种.
4遗漏计算出错
在排列组合问题中还可能由于考虑问题不够全面，因为遗漏某些情况，而出
错。
例6 用数字0，1，2，3，4组成没有重复数字的比1000大的奇数共有
（ ）
（A）36个 （B）48个 （C）66个 （D）
72个

误解：如右图，最后一位只能是1或3有两种取法，又因为第1 位不能是0，在最
后一位取定后只有3种取
法，剩下3个数排中间两个位置有种排法，共有个.
错因分析：误解只考虑了四位数的情况，而比1000大的奇数还可能是五位数.
正解：任一 个五位的奇数都符合要求，共有个，再由前面分析四位数
个数和五位数个数之和共有72个，选D.
5忽视题设条件出错
在解决排列组合问题时一定要注意题目中的每一句话甚至每一个字和符号 ，
不然就可能多解或者漏解.
4
例7 如图，一个地区分为5个行政区域，现给地图着色，要求相邻区域不得使用
同一颜色，现有4
种颜色可供选择，则不同的着色方法共有 种.（以数字作答）
误解：先着色第一区域，有4种方法，剩下3种颜色涂四个区域，即有一种颜色涂
相对的
两块区域，有种，由乘法原理共有：种.
错因分析：没有看清题设“有4种颜色可供选择”， 不一定需要4种颜色全部使
用，用3种也可以完成任务.
正解：当使用四种颜色时，由前面的 误解知有48种着色方法；当仅使用三种颜色
时：从4种颜色中选取3种有种方法，先着色第一区域，有 3种方法，剩下2
种颜色涂四个区域，只能是一种颜色涂第2、4区域，另一种颜色涂第3、5区域，< br>有2种着色方法，由乘法原理有种.综上共有：种.
，求解集不同的
个，当、取
例8 已知是关于的一元二次方程，其中、
一元二次方程的个数.
误解：从集合中任意取两个元素作为、，方程有
同一个数时方程有1个，共有个.
错 因分析：误解中没有注意到题设中：“求解集不同的……”所以在上述解法
中要去掉同解情况，由于同解 、同解，故要减去2
个。 正解：由分析，共有个解集不同的一元二次方程.
6未考虑特殊情况出错
在排列组合中要特别注意一些特殊情况，一有疏漏就会出错.

例9 现有1角、2角、5角、1元、2元、5元、10元、50元人民币各一张，10 0
元人民币2张，从中至少取一张，共可组成不同的币值种数是（ ）
(A)1024种 (B)1023种 (C)1536种 (D)1535种 < br>误：因为共有人民币10张，每张人民币都有取和不取2种情况，减去全不取的1
种情况，共有种 .
错因分析：这里100元面值比较特殊有两张，在误解中被计算成 4 种情况，实际
上只有不取、取一张和取二张3种情况.
正解：除100元人民币以外每张均有 取和不取2种情况，100元人民币的取法有3
种情况，再减去全不取的1种情况，所以共有种.
7题意的理解偏差出错
例10 现有8个人排成一排照相，其中有甲、乙、丙三人不能相邻的排法
有（ ）种.
（A） （B） （C） （D）
误解：除了甲、乙、丙三人以外的5人先排，有种排法，5人排好后产 生6
个空档，插入甲、乙、丙三人有种方法，这样共有种排法，选A.
错因分析：误解中没有 理解“甲、乙、丙三人不能相邻”的含义，得到的结果
是“甲、乙、丙三人互不相邻”的情况.“甲、乙 、丙三人不能相邻”是指甲、
乙、丙三人不能同时相邻，但允许其中有两人相邻.
正解：在8 个人全排列的方法数中减去甲、乙、丙全相邻的方法数，就得到
甲、乙、丙三人不相邻的方法数，即，故 选B.
8解题策略的选择不当出错
例10 高三年级的三个班到甲、乙、丙、丁四个工厂 进行社会实践，其中工
厂甲必须有班级去，每班去何工厂可自由选择，则不同的分配方案有（ ）.
（A）16种 （B）18种 （C）37种 （D）48种
误解：甲工厂先派一个班去，有3种选派方法，剩下的2个班均有4种选择，
这样共有种方案.
错因分析：显然这里有重复计算.如：班先派去了甲工厂，班选择时也去了
甲工厂，这与班先派 去了甲工厂，班选择时也去了甲工厂是同一种情况，而在
上述解法中当作了不一样的情况，并且这种重复 很难排除.
正解：用间接法.先计算3个班自由选择去何工厂的总数，再扣除甲工厂无人
去的 情况，即：种方案.
排列与组合习题

1．6个人分乘两辆不同的汽车，每辆车最多坐4人，则不同的乘车方法数为( )
A．40 B．50 C．60 D．70
[解析] 先分组再排列，一组2人一组4人有C＝15种不同的分法；两组各3人共
有＝10种不同的分法，所以 乘车方法数为25×2＝50，故选B.
2．有6个座位连成一排，现有3人就坐，则恰有两个空座位相邻的不同坐法有
( )
A．36种 B．48种 C．72种 D．96种
[解析] 恰有两个空座位相邻，相当于两个空位与第三个空位不相邻，先排三个
人，然后插空 ，从而共AA＝72种排法，故选C.
3．只用1,2,3三个数字组成一个四位数，规定这三个数必 须同时使用，且同一数
字不能相邻出现，这样的四位数有( )
A．6个 B．9个 C．18个 D．36个
[解析] 注意题中条件的要求， 一是三个数字必须全部使用，二是相同的数字不能
相邻，选四个数字共有C＝3(种)选法，即1231 ,1232,1233，而每种选择有A×C＝
6(种)排法，所以共有3×6＝18(种)情况，即这 样的四位数有18个．
4．男女学生共有8人，从男生中选取2人，从女生中选取1人，共有30种不 同的
选法，其中女生有( )
A．2人或3人 B．3人或4人 C．3人 D．4人
[解析] 设男生有
n
人，则女生有(8－
n
)人，由题 意可得CC＝30，解得
n
＝5或
n
＝6，代入验证，可知女生为2人或3人 ．
5．某幢楼从二楼到三楼的楼梯共10级，上楼可以一步上一级，也可以一步上两
级，若规 定从二楼到三楼用8步走完，则方法有( )
A．45种 B．36种 C．28种 D．25种
[解析] 因为10÷8的余数为2，故可以肯定一步一 个台阶的有6步，一步两个台
阶的有2步，那么共有C＝28种走法．
6．某公司招聘来8名 员工，平均分配给下属的甲、乙两个部门，其中两名英语翻
译人员不能分在同一个部门，另外三名电脑编 程人员也不能全分在同一个部门，则
不同的分配方案共有( )
A．24种 B．36种 C．38种 D．108种
[解析] 本题考查排列组合的综合应 用，据题意可先将两名翻译人员分到两个部
门，共有2种方法，第二步将3名电脑编程人员分成两组，一 组1人另一组2人，
共有C种分法，然后再分到两部门去共有CA种方法，第三步只需将其他3人分成< br>两组，一组1人另一组2人即可，由于是每个部门各4人，故分组后两人所去的部
门就已确定，故 第三步共有C种方法，由分步乘法计数原理共有2CAC＝36(种)．
7．已知集合
A＝{5}，
B
＝{1,2}，
C
＝{1,3,4}，从这三个集合中各取 一个元素构成
空间直角坐标系中点的坐标，则确定的不同点的个数为( )

A．33 B．34 C．
35 D．36
[解析] ①所得空间直角坐标系中的点的坐标中不含1的有C·A＝12个；
②所得空间直角坐标系中的点的坐标中含有1个1的有C·A＋A＝18个；
③所得空间直角坐标系中的点的坐标中含有2个1的有C＝3个．
故共有符合条件的点的个数为12＋18＋3＝33个，故选A.
8．由1、2、3、4、5、6组成没有重复数字且1、3都不与5相邻的六位偶数的个
数是( )
A．72 B．96 C．108 D．144
[解析] 分两类：若1与3相邻，有A·CAA＝72(个)，若1与3不相邻有A·A＝
36(个)
故共有72＋36＝108个．
9．如果在一周内(周一至周日)安排三所学校的学生参观某 展览馆，每天最多只安
排一所学校，要求甲学校连续参观两天，其余学校均只参观一天，那么不同的安排
方法有( )
A．50种 B．60种 C．120种 D．210种
[解析] 先安排甲学校的参观时间，一周内两天连排的方法一共有6种：(1,2)、
(2,3)、(3,4)、(4,5)、(5,6)、(6,7)，甲任选一种为C，然后在剩下的5天 中任
选2天有序地安排其余两所学校参观，安排方法有A种，按照分步乘法计数原理可
知共有不 同的安排方法C·A＝120种，故选C.
10．安排7位工作人员在5月1日到5月7日值班，每人 值班一天，其中甲、乙二
人都不能安排在5月1日和2日，不同的安排方法共有________种．( 用数字作答)
[解析] 先安排甲、乙两人在后5天值班，有A＝20(种)排法，其余5人再进行排
列，有A＝120(种)排法，所以共有20×120＝2400(种)安排方法．
11．今 有2个红球、3个黄球、4个白球，同色球不加以区分，将这9个球排成一
列有________种不同 的排法．(用数字作答)
[解析] 由题意可知，因同色球不加以区分，实际上是一个组合问题，共有
C·C·C＝1260(种)排法．
12．将6位志愿者分成4组，其中两个组各2人，另两个组各1人，
分赴世博会的四个不同场 馆服务，不同的分配方案有________种(用数字作答)．
[解析] 先将6名志愿者分为4组 ，共有种分法，再将4组人员分到4个不同场馆
去，共有A种分法，故所有分配方案有：·A＝1 080种．

13．要在如图所示的花圃中的5个区域中种入4种颜色不同的花，要求相 邻区域不
同色，有________种不同的种法(用数字作答)．
[解析] 5有4种种法 ，1有3种种法，4有2种种法．若1、3同色，2有2种种
法，若1、3不同色，2有1种种法，∴有 4×3×2×(1×2＋1×1)＝72种．
14. 将标号为1，2，3，4，5，6的6张卡片放 入3个不同的信封中．若每个信封
放2张，其中标号为1，2的卡片放入同一信封，则不同的方法共有
（A）12种 （B）18种 （C）36
种 （D）54种
【解析】标号1,2的卡片放入同一封信有种方法；其他四封信放入两个信封，
每个信封两个有种方法，共有种，故选B.
15. 某单位安排7位员工在10月1日至7日值班，每 天1人，每人值班1天，若
7位员工中的甲、乙排在相邻两天，丙不排在10月1日，丁不排在10月7 日，则
不同的安排方案共有
A. 504种 B. 960种 C. 1008
种 D. 1108种
解析：分两类：甲乙排1、2号或6、7号 共有
甲乙排中间,丙排7号或不排7号，共有
种方法
种方法
故共有1008种不同的排法
16. 由1、2、3、4、5、6组成没有重复数字且1、3都不与5相邻的六位偶数的
个数是
（
A
）72 （
B
）96 （
C
） 108 （
D
）144
w_w_w.k*s 5*u.c o*m
解析：先选一个偶数字排个位，有3种选法w_w_w.k*s 5*u.c o*m
①若5在十位或十万位，则1、3有三个位置可排，3＝24个
＝12个 ②若5排在百位、千位或万 位，则1、3只有两个位置可排，共3
算上个位偶数字的排法，共计3(24＋12)＝108个
答案：
C

17. 在某种信息传输过程中，用4个数字的一个排列（数字允 许重复）表示一个
信息，不同排列表示不同信息，若所用数字只有0和1，则与信息0110至多有两< br>个对应位置上的数字相同的信息个数为
A.10 B.11 C.12 D.15

18. 现安排甲、乙、丙、丁、戌5名同学参加上海世博会志愿 者服务活动，每人从
事翻译、导游、礼仪、司机四项工作之一，每项工作至少有一人参加。甲、乙不会< br>开车但能从事其他三项工作，丙丁戌都能胜任四项工作，则不同安排方案的种数是
A．152 B.126 C.90 D.54
【解析】分类讨论：若有2人从事司机工作，则方案有
司机工作，则方案有
；若有1人从事
种，所以共有18+108=126种，故B正确
19. 甲组有5名男同学，3名女同学；乙组有6名男同学、2名女同学。若从甲、
乙两组中 各选出2名同学，则选出的4人中恰有1名女同学的不同选法共有
( D )
（A）150种 （B）180种 （C）300种 (D)345种
解: 分两类(1) 甲组中选出一名女生有种选法;
(2) 乙组中选出一名女生有种选法.故共有345种
选法.选D
20. 将甲、乙、丙、 丁四名学生分到三个不同的班，每个班至少分到一名学生，且
甲、乙两名学生不能分到同一个班，则不同 分法的种数为

【解析】用间接法解答：四名学生中有两名学生分在一个班的种数是，顺序有
种，而甲乙被分在 同一个班的有种，所以种数是
21. 2位男生和3位女生共5位同学站成一排，若男生甲不站两端， 3位女生中有
且只有两位女生相邻，则不同排法的种数是
A. 60 B. 48 C.
42 D. 36 【解析】解法一、从3名女生中任取2人“捆”在一起记作A，（A共有
种不同排法），剩下一名女 生记作B，两名男生分别记作甲、乙；则男生甲必须在
A、B之间（若甲在A、B两端。则为使A、B不 相邻，只有把男生乙排在A、B之
间，此时就不能满足男生甲不在两端的要求）此时共有6×2＝12种 排法（A左B

右和A右B左）最后再在排好的三个元素中选出四个位置插入乙，所以，共 有
12×4＝48种不同排法。
解法二；同解法一，从3名女生中任取2人“捆”在一起记作 A，（A共有
种不同排法），剩下一名女生记作B，两名男生分别记作甲、乙；为使男
生甲不在 两端可分三类情况：
第一类：女生A、B在两端，男生甲、乙在中间，共有=24种排法；
第二类：“捆绑”A和男生乙在两端，则中间女生B和男生甲只有一种排
法，此时共有＝12种排法
第三类：女生B和男生乙在两端，同样中间“捆绑”A和男生甲也只有一
种排法。
此时共有＝12种排法
三类之和为24＋12＋12＝48种。
22. 从10名大学生毕业生中选3个人担任村长助理，则甲、乙至少有1人入选，
而丙没有 入选的不同选法的种数
位
[ C]
A 85 B 56 C 49 D
28
【解析】解析由条件可分为两类：一类是甲 乙两人只去一个的选法有：
，另一类是甲乙都去的选法有=7，所以共有42+7=49，即选C
项。
23. 3位男生和3位女生共6位同学站成一排，若男生甲不站两端，3位女生中有
且只有两位女生相邻，则不同排法的种数是
A. 360 B. 188 C. 216 D. 96
解析：6位同学站成一排，3位女生中有且只有两位女生相 邻的排法有
种，其中男生甲站两端的有
法故共有188
解析2：由题意有,选B。
24. 12个篮球队中有3个强队，将这12个队任意分成3个组（每组4个队），则
3个强 队恰好被分在同一组的概率为（ ）
A． B． C． D．
，符合条件的排

解析因为将12个组分成4个组的分法有
组分 法有
种，而3个强队恰好被分在同一
，故个强队恰好被分在同一组的概率为
。
25. 甲、乙、丙人站到共有级的台阶上，若每级台阶最多站人，同一级台阶
上的人不区分站 的位置，则不同的站法种数是 （用数字作
答）．
【解析】对于7个 台阶上每一个只站一人，则有种；若有一个台阶有2人，另
一个是1人，则共有种，因此共有不同的站法 种数是336种．
26. 锅中煮有芝麻馅汤圆6个，花生馅汤圆5个，豆沙馅汤圆4个，这 三种汤圆的
外部特征完全相同。从中任意舀取4个汤圆，则每种汤圆都至少取到1个的概率为
（ ）
A． B． C． D．

【解析】因为总的滔法而所求事件的取法分为三类，即芝麻馅汤圆、花生馅汤
圆。豆沙馅汤圆取 得个数分别按1.1.2；1，2，1；2，1，1三类，故所求概率为

27. 将4名大学生分配到3个乡镇去当村官，每个乡镇至少一名，则不同的分配方
案有 种（用数字作答）．
【解析】分两步完成：第一步将4名大学生按，2，1，1分成三组，其分法有< br>;第二步将分好的三组分配到3个乡镇，其分法有所以满足条件得分
配的方案有
28. 将4个颜色互不相同的球全部放入编号为1和2的两个盒子里，使得放入每个
盒子里的球的个数不小于该 盒子的编号，则不同的放球方法有（ ）
A．10种 B．20种 C．36种 D．52种
解析：将4个颜色互不相同的球全部放入编号为1和2的两个盒子里，使得放入每
个盒子里的球的个数不小于该盒子的编号，分情况讨论：①1号盒子中放1个球，

其余3 个放入2号盒子，有种方法；②1号盒子中放2个球，其余2个放入
2号盒子，有种方法；则不同的放球 方法有10种，选A．
29. 将5名实习教师分配到高一年级的３个班实习，每班至少１名，最多２名，则
不同的分配方案有
（A）３０种 （B）９０种 （C）１８０种 （D）２７０种
解析：将5名实习教师分配到高一年级的3个班实习，每班至少1名，最多2名，
则将5名教师分成三组 ，一组1人，另两组都是2人，有
3组分到3个班，共有种不同的分配方案，选B.
种方法，再将
30. 某校从8名教师中选派4名教师同时去4个边远地区支教(每地1人), 其中甲
和乙不同去,甲和丙只能同去或同不去,则不同的选派方案共有 种
解析： 某校从8名教师中选派4名教师同时去4个边远地区支教(每地1人)，其中
甲和乙不同去，甲和丙只能 同去或同不去，可以分情况讨论，① 甲、丙同去，则
乙不去，有=240种选法；②甲、丙同不去，乙 去，有=240种选法；
③甲、乙、丙都不去，有种选法，共有600种不同的选派方案．
31. 用数字0，1，2，3，4组成没有重复数字的五位数，则其中数字1，2相邻的
偶数有 个（用数字作答）．
解析：可以分情况讨论：① 若末位数字为0，则1，2，为一组，且可以交换位
置，3，4，各为1个数字，共可以组成个五位数；② 若末位数字为2，
则1与它相邻，其余3个数字排列，且0不是首位数字，则有个五位数；
③ 若末位数字为4，则1，2，为一组，且可以交换位置，3，0，各为1个数字，
且0不是首位数字，则 有=8个五位数，所以全部合理的五位数共有24
个。
32．有一排8个发光二极管，每个二 极管点亮时可发出红光或绿光，若每次恰有3
个二极管点亮，但相邻的两个二极管不能同时点亮，根据这 三个点亮的二极管的不
同位置和不同颜色来表示不同的信息，求这排二极管能表示的信息种数共有多少< br>种？
[解析] 因为相邻的两个二极管不能同时点亮，所以需要把3个点亮的二极管插放
在未点亮的5个二极管之间及两端的6个空上，共有C种亮灯办法．然后分步确定
每个二极管发光颜色 有2×2×2＝8(种)方法，所以这排二极管能表示的信息种数
共有C×2×2×2＝160(种)．
33．按下列要求把12个人分成3个小组，各有多少种不同的分法？

(1) 各组人数分别为2,4,6个；(2)平均分成3个小组；(3)平均分成3个小组，进
入3个不同车间 ．
[解析] (1)CCC＝13 860(种)；(2)＝5 775(种)；
(3)分 两步：第一步平均分三组；第二步让三个小组分别进入三个不同车间，故
有·A＝C·C·C＝34 650(种)不同的分法．
34．6男4女站成一排，求满足下列条件的排法共有多少种？
(1)任何2名女生都不相邻有多少种排法？(2)男甲不在首位，男乙不在末位，有多
少种排法？ < br>(3)男生甲、乙、丙排序一定，有多少种排法？(4)男甲在男乙的左边(不一定相邻)
有多少 种不同的排法？
[解析] (1)任何2名女生都不相邻，则把女生插空，所以先排男生再让女生插到
男生的空中，共有A·A种不同排法．
(2)方法一：甲不在首位，按甲的排法分类，若甲在 末位，则有A种排法，若
甲不在末位，则甲有A种排法，乙有A种排法，其余有A种排法，
综上共有(A＋AA·A)种排法．
方法二：无条件排列总数
A－
甲不在首乙不在末，共有(A－2A＋A)种排法．
(3)10人的所有排列方法有A种，其 中甲、乙、丙的排序有A种，又对应甲、
乙、丙只有一种排序，所以甲、乙、丙排序一定的排法有种．
(4)男甲在男乙的左边的10人排列与男甲在男乙的右边的10人排列数相等，
而10人排列 数恰好是这二者之和，因此满足条件的有A种排法．
35. 已知是正整数，
中的
的
的系数的最小值
的系数为最小的，求出此时的系数
的近似值（精确到0.01）
（1）
的展开式中的系数为7，
（1） 试求
（2） 对于使
（3） 利用上述结果，求
解：根据题意得：
的系数为
，即

将(1)变形为
故当
代入上式得：的系数为
的系数的最小值为9

（1） 当
（2）


的系数为为