高中数学考试 教师证-高中数学立体几何线面垂直证明
2015年浙江省高中数学竞赛试卷参考答案
一、
选择题(本大题
共有8小题,每题只有一个正确答案,将正确答案的序号填入题干后
的括号里,多选、不选、错选均不得
分,每题6分,共48分)
x
2
y
2
1.“a =2,
b?2
”是“曲线C:
2
?
2
?1(a,b?R,ab?0
)
经过点
ab
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件
答案:A.
?
2,1
”的( A
).
?
x
2
y
2
解答:当a =2,
b?2曲线C:
2
?
2
?1
经过
ab
点
?<
br>x
2
y
2
2,1
;当曲线C:
2
?
2
?1
经过
ab
?
?
2,1
时,即有
?<
br>21
?
2
?1
,显然
a??2,b??2
也满足上式
。所以“a =2,
b?2
”
2
ab
x
2
y2
是“曲线C:
2
?
2
?1
经过点
ab
?
2,1
”的充分不必要条件。
?
2.已知一个角大于120?的三角形
的三边长分别为
m,m?1,m?2
,则实数
m
的取值范围为
(
B ).
A.
m?1
B.
1?m?
D
1
A
1
B
1
M
C
B
C
1
33
C.
?m?3
D.
m?3
22
答案:B.
解答:由题意可知:
?
m?(m?1)?m?2
3
1?m?
解得。
?
222
2
?
(m?2)?m?(m?1)?m(m?1)
3. 如图,在正方体ABCD-A
1
B
1
C
1
D
1
中,M为BB
1
的中点,
则二面角M-
CD
1
-A的余弦值为( C ).
A.
D
A
第3题图
336
1
B.
C. D.
633
2
答案:C.
解答:以
D
为坐标原点,
DA,DC,DD
1
所在的直线分别为
x,y,z
轴
建立空间直角坐标系,
则
D(0,0,0),A(1,0,0),C(0,1,0),D
1
(0,0,1),M(1,1,
1
)
,且平面
ACD
1
的法向量为
n
1
?
2
3
,即二面角M-CD
1
-A
3
平面
MCD
1
法向量为
n
2<
br>?(?1,2,2)
。因此
cos?n
1
,n
2
??
(1,1,1)
,
的余弦值为
3
。 3
?
a?b?2?0
a?2b
?
4.若实数
a,b满足
?
b?a?1?0
,则的最大值为 ( C ).
2a?b
?
a?1
?
A.
1
B.
答案:C.
解答:由
a,b
满足的条件知
1?
57
C.
D. 2
45
a?2b37
b
13
?2??
,当
(a,b)?(,)
取等
?3
,所以
b
52a?b
a22
2?
a
号。
5. 已知等腰直角△PQR的三个顶点分
别在等腰直角△ABC的三条边上,记△PQR,△ABC
的面积分别为S
△
PQR<
br>,S
△
ABC
,则
S
?PQR
S
?ABC<
br>的最小值为( D ).
1111
B.
C. D.
2345
参考答案:D.
解答:如图5-1所示,
A.
A
A
P
H
R
P
B
Q
C
R
Q
B C
图5-1
图5-2
(1)当
?PQR
的直角顶点在
?ABC
的斜边上,则<
br>P,C,Q,R
四点共圆,
?APR??CQR?180??BQR,
所以sin?APR?sin?BQR.
在
?APR,?BQR
中分别应
用正
弦定理得
PRARQRBR
.又
?A??B?45,
故
PR?QR<
br>,故
?,?
sinAsinAPRsinBsinBQR
AR?BR
即
R
为
AB
的中点.
S
?PQR
1
过
R
作
RH?AC
于
H
,则
P
R?RH?BC
,所以
S
?ABC
2
时
1
(BC)
2
PR1
2
,此
???
BC
2
BC
2
4
2
S
?PQR
S
?ABC
的最大值为
1
.
4
(2)当
?PQR
的直角顶点在
?ABC
的直角边上,如图5-2所示,设
BC?1,CR?x(0?x?1),?BRQ?
?
(0?
?
?
在
Rt?CPR
中,
PR?
?
2
)
,则
?CPR?90??PRC??BRQ?
?
.
CRx
?,
sin
?
sin
?
x3,?RQB?
?
??QRB??B?
?
?
?
,
sin
?
4
x
PQRB1?x
由正弦定理,
??
sin
?
??
?
3
sinBsin
?PQB
sinsin(
?
?
?
)
44
x111x
2
11
,因此
S
?PQR
?PR
2
?(?
)?()
2
.
sin
?
cos
?
?2sin?
22sin
?
2cos
?
?2sin
?
在<
br>?BRQ
中,
BR?1?x,RQ?PR?
这样,
S
?PQR
S
?ABC
?(
111
,当且仅当
?
?arcta
n2
取
)
2
??
222
cos
?
?2si
n
?
(1?2)(cos
?
?sin
?
)5
的最小
值为.
等号,此时
S
?PQR
S
?ABC
1
5
6. 已知
数列
?
a
n
?
的通项
a
n
?
nx
(x?1)(2x?1)(nx?1)
n?N
, ,若
a
1
?a
2
?
*
?a
2015
?1
,
则实数<
br>x
等于( D ).
A.
?
35911
B.
?
C.
?
D.
?
2124060
答案:D.
a
n
?
(nx?1
)?111
??
(x?1)(2x?1)(nx?1)(x?1)(2x?1)[(n?1)x
?1](x?1)(2x?1)(nx?1)
2015
则
?
a
k?1?
k?1
1
?1?(x?1)(2x?1)
(x?1)(2x?1)
(2015x?1)
?(?
(2015x?1)?0
,所以
111
x?(?1,?)?(?,?)?
234
符合题意。
111
11
,?)?(?,??)
,经检验只有
x??
20
7. 若过点P(1,0),Q(2,0),R(4,0),S(8,0)作四条直线构成一个正方形,
则
该正方形的面积不可能等于 ( C ).
...
163626196
B. C.
D.
175553
答案:C.
A.
解答:不妨设四条直线交成的
正方形在第一象限,且边长为
a
,面积为
S,
过
P
的直线的
倾
斜角为
?
(0?
?
?
?
)
。
2
当过点
P,Q
的直线为正方形的对边所在的直线时,
4
,此时正方
形的面积
17
PQsin
?
?a?RScos
?
?sin<
br>?
?4cos
?
?sin
?
?
S?(PQsin?
)
2
?
16
。
17
同理,当过点
P,R
的直线为正方形的对边所在的直线时,
S?
方形的对边所在的直线时,
S?
36
;当过点
P,S
的直线为正
5
196
.
53
8.若集合
A?(m,n)(m?1)?(m?2)?
?
?(m
?n)?10
2015
,m?Z,n?N
*
?
,则集合
A<
br>中的元素个数为( B ).
A.4030 B.4032
C. 2015
2
D. 2016
2
答案:B.
解答:由已知得
n(n?2m?1)?2
20162015
5
,因为
n,n?2m?1
一奇一偶,所以
n,n?2m?1
两
者之一为偶数
,即为
2
2016
,2
2016
5,2
2016
5
2
,,2
2016
5
2015
共有2016种情况,交换顺
序又得到
2016种情形,所以集合
A
共有4032个元素.
二
、填空题(本大题共有7小题,将正确答案填入题干后的横线上,9-14每题7分,15题
8分,共5
0分)
9.已知函数
f(x)
满足
f(x?1)?f(1?x)?0
,
f(x?2)?f(2?x)?0
,且
f()?1
,则
2
3
1000
f()?
.
3
答案:
?1
.
解答:
f(x?2)?f(2?x)?f
[1?(x?1)]??f[1?(x?1)??f(x)?f(x?4)?f(x)
,所以
1
00044112
f()?f(332?)?f()?f(1?)??f(1?)??f()??1.<
br>
333333
10.若数列
{a
n
}
的前
n
项和
S
n
?
n?n
,
n?N
,则
?
32*
i?1
2015
1
=
.
a
i
?8i?2
答案:
2015
.
6048
2*
2
a?a?3n?5n?2,
a?3n?5n?2(n?N)
,
又,故
a?0
?
i
?
i
n
1
i?1i?1
nn?1
解答:
a
n
?
20152015
2015
111
2015
11
.
??(?)?
???
3<
br>i?1
ii?1
6048
i?1
a
i
?8i?2i?1
3i(i?1)
11.
已知F为抛物线
y
2
?5x
的焦点,点A (3,1),
M是抛物线上的动点.当
|MA
取最小值时,点M的坐标为 .
答案:
(
1
,1)
.
5
解答:设抛物线的准线为
l:x??
5
.过M作
l
的垂线,垂足为
H,
则
4
AM?MF?AM?MH?AH
,当
A,M,H
三点共线时取等号
,此时M的坐标为
1
(,1)
。
5
12.若
16
答案:
?
sin
2
x
?16
cos
2
x<
br>?10
,则
cos4x?
.
1
. <
br>2
?16
sin
2
x
解答:设
t,1?t?16,则
16
cosx
?16
1?sinx
?
22
16
16
?10?t?2,
或,代入方程得
t?
t
t
t?8
,即
sin
2
x?
1
13
或,所以cos4x?
?
。
44
2
f(x)?min{x
2<
br>?1,x?1,?x?1}
,其中
min{x,y,z}
表示
x,y,
z
中的最小者.若13.
设函数
f(a?2)?f(a)
,则实数
a
的取值范围为
.
答案:
(??,?2)?(?1,0)
.
解
答:当
a?2??1
时,
a?a?2??1,
此时有
当
1?
a?2?0
时,
?3?a??2,
此时有
当
0?a?2?1
时,
?2?a??1,
此时有
当
1?a?2?2
时,
?1?
a?0,
此时有
当
a?2?2
时,
a?0,
此时有
14. 已知向量
a,b
的夹角为
f(a)?f(a?2)
;
f(a)?f(?2)??1?f(a?2)
;
f(a)?f(a?2)
;
f(a)?f(a?2)
;
f(a)?f(a?2)
。
2
?
,
c?a?23
,
3
?
3
,
a?b?5
,向量
c?a
,
c?b
的夹角为
则a?c
的最大值为 .
答案:24.
解答:
OA
?a,OB?b,OC?c
,则
AC?c?a?23,AB?a?b?5.
又
?AOB?
?
3
,?ACB?
2
?
3
,
此时
O,A,C,B
共圆,由正弦定理得
sin?ABC?
,则
5<
br>3
cos?ABC?
4
。在
?ACO
中,
?AOC?
?ABC
,由余弦定理得
5
22
8
AC
2
?a?c
?2accos?AOC
,即
12?2ac?ac?ac?30
,所以
5?
14
a?c?accos?AOC?24
,当
?ACO??arcta
n
时取“=”,因此
a?c
的最大值为
423
2
24. <
br>15.设
a,b?Z
,若对任意
x?0
,都有
(ax?2)(
x?2b)?0
,则
a?______
,b?_______.
答案:
a?1,b??2
.
解答:首先令
x?0,
知b?0
.其次考虑过定点(0,2)的直线
y?ax?2
,与开口向上的抛
物线
y?x?2b
,满足对任意
x?0
所对应图象上的点不在
x<
br>轴同侧,因此
?
又
a,b?Z
,故
a?1,b??2
.
三、解答题(本大题共有3小题,16题16分,17、18每题18分,共52分)
16. 设
a,b?R
,函数
2
?2b?
2
.a
f(x)?ax
2
?b(x?1)?2
.若对任意实数
b,方程
f(x)?x
有两个
相异的实根,求实数
a
的取值范围.
参考答案:
因为方程
f(x)?x
有两个相异的
实根,即方程
ax
2
?(b?1)x?b?2?0
有两个相异的实数
根,所以
?
a?0
,
………………………………4分
?
x
?(b?1)
2
?4a(b?2)?0
即
?
a?0
对任意实数
b
恒成立,所以
b
2
?2(1?2a)b?8a?1
?0
?
a?0
,…………………………………………………12分
?
b
?4(1?2a)
2
?4(8a?1)?0
解得
0?a?1.…………………………………………………………………………16分
x
2
y
2
17.已知椭圆
C
1
:
2
?
2
?1(a?b?0)
的离心率为
ab<
br>3
,右焦点为圆
2
C
2
:(x?3)
2
?y
2
?7
的圆心.
(I)求椭圆
C
1
的方程; <
br>(II)若直线l与曲线C
1
,C
2
都只有一个公共点,记直线l与圆
C
2
的公共点为A,求点A的坐
标.
?
c?3
?
a?2
参考答案:(Ⅰ)设椭圆
C
1
的半焦距长为
c,则
?
c3
,解得
b?1
,所以椭圆方程为
?
?
2
?
a
?
x
2
?y
2
?1.………………………………………………………………………………4分
4
(Ⅱ)当直
线
l
的斜率不存在时,显然不满足题意.当直线
l
的率存在时,可设直线l
的
方程为
y?kx?m(k,m?R)
,点
A
的坐标
为
(x
A
,y
A
)
,其中
y
A
?
?
km?3
.
2
1?k
2
?
x
2
?
联立方程
?
?y?1
,消去
y
得
(1?4k<
br>2
)x
2
?8kmx?4m
2
?4?0
…………(1
)
4
?
y
?
?kx?m
所以
?
1
?16(4k
2
?m
2
?1)?0,
即
4k
2
?m
2
?1?0
……………………(2)……………
………………………………8分
22
?
?
(x?3)?y?7
联立
方程
?
消去
y
得
?
?
y?kx?m
(1
?k
2
)x
2
?2(km?3)x?m
2
?4?0
………………(3)
所以
?
2
?16(4k
2
?m
2
?23mk?7)?0,
即
4k
2
?m
2
?
23mk?7?0
……………………………(4)…………………………12分
(2)-(4)得
km?3
……………………………… (5)
(5)代入
(3)得
x
A
??
2
km?3
?0
………………(
6)…………………………16分
2
1?k
2
(6)代入
C
2
:(x?3)?y?7
得
y
A
??2
.
经检
验
A(0,2),
或
A(0,?2)
符合题意,这样点
A
的
坐标为
(0,2),(0,?2)
.…………18分
1
?
a?a?,
n
?
?
n?1
b
n
,n?N
*
.证明:
a
50
?b
50
?20
. 18.已知数列
?
a
n
?
,
?
b
n
?
满足
a
1
?0,b
1
?0
,
?
1
?
b
n?1
?b
n
?
a<
br>n
?
?
参考答案:
证明:因为
a
n?1
?
b
n?1
?a
n
?b
n
?
49
2222<
br>a
n
b
n
11
??2(?)
, 所以
2<
br>a
n
b
n
2
b
n
a
n
49
ab
11
a?b?a?b?
?
(
2
?
2<
br>)?2
?
(
i
?
i
)
b
i
a
i
i?1
a
i
i?1
b
i
2
50
2
50
2
1
2
1
?a
1
?b
1
?
22
11
??2?2?4
9?4?4?49?200.
……………………8分
a
1
2
b1
2
又
a
n?1
b
n?1
?a
nb
n
?
1
?2
,
a
n
b
n
11
?2?49?98?ab??100
.……………………16分
?11
abab
i?1
ii11
49
所以
a
50
b
50
?a
1
b
1
?
<
br>所以
(a
50
?b
50
)?a
50
?b50
?2a
50
b
50
?200?200?400
.因
此
a
50
?b
50
?20
……18分
四、附加题(本大题共有2小题,每题25分,共50分)
附加1已知数列
?
a
n
?
满足
a
1
?1
,
a
n?
1
?3a
n
?22a
n
?1
,
n?N
.
2
*
222
(I)
证明:
?
a
n
?
是正整数数列;
(II)
是否存在
m?N
,使得
2015a
m
,并说明理由.
参考
答案:(Ⅰ)由
a
n?1
?3a
n
?22a
n
?1
得
22
a
n?1
?6a
n
a
n?1?a
n
?4?0
,……………………………… (1)
2
*
同理可得
a
n?2
?6a
n?2
a
n?1
?a
n?2
?4?0
,………………(2)…………………
…5分
由(1)(2)可知,
a
n
,a
n?2
为方程x?6a
n?1
x?a
n?1
?4?0
的两根,又
a<
br>n
?a
n?2
,即有
22
22
a
n
?a
n?2
?6a
n?1
,即
a
n?2
?6an?1
?a
n
.
因为
a
1
?1,
a
2
?5,
所以
a
n
为正整数.………………………………
……………………10分
(Ⅱ)不存在
m?N
,使得
2015a
m
.…………………………………………………15分
假设存在
m?N
,使得
2015a
m
,则
31a
m
.
2
一方面
,
a
m
a
m?2
?a
m?1
?4
,所以<
br>31a
m?1
?4
,即
2
a
30
??4<
br>15
??2
30
(mod31)
.
a
m?1
??4(mod31)
,所以
m?1
*
*
2
由费马小定理
知
2
30
?1(mod31)
,所以
a
m?1
??
1(mod31)
…………………………20分
30
(a
m?1
,
31)?1
.事实上,另一方面,假设
(a
m?1
,31)?d?1
,则
d31
,即
d?31
,所以
31a
m?1
,<
br>而
31a
m?1
?4
,这样得到
314
.矛盾.
30
所以,由费马小定理得
a
m?1
?1(mod31)
.
2
这样得到
1??1(mod31)
.矛盾.所以不存在
m?N,使得
2015a
m
.………………25分
*
附加2 设k为正整
数,称数字
1~3k?1
的排列
x
1
为“N型”的,如果这些数满足
(1)
x
1
?
,x
x
2
??x
k
?1
; (2)
x
k?1
?x
k?2
??x
2k?
1
;(3)
x
2k?1
?x
2k?2
??x
3k?
1
.
记
d
k
为所有“N型”排列的个数.
(I)求
d
1
,
d
2
的值;
(II)证明:对任意正整数k,
d
k
均为奇数.
参考答案:
首先注意到
x
k?1
的值只能取
3k?1,3k,
而
x
2k?1
的值只能取
1,2,
因为必须有2k个值比它小,
,2
k?1
这些数字,
,k?1
这些数字,因为必须有2k个值比它大。
,k?1
)时的N型排列个数为
d
k
(i,j)
,则
,
d
k
?
记
x
k?1
?3k?
2?j,x
2k?1
?i
(
i,j?1,2,
d
化简得 <
br>(i,j)
k
?C
k?1?i
3k?1?(i?j)
C
k?1?j
3k?1?(i?j)?(k?1?i)
i,j?1
?
d
k?1
(i,j)
k
.
d
k
(i,j)
?(3k?1?i?j)!
.………………………………………………………10分
(k?1)!(k?1?i)!(k?1?j)!
(1) 计算可得
d
1
?5,d
2
?71
………………………………………………………………15
分
(i,j)
(2) 易知
d
k
d
k
?d
k
(j,i)
,
(i,i)
?
(3k?1?2i)!
(
i?1,2,
(k?1)!(k?1?i)!(k?1?i)!
,
d
k
(k?1,k?1)
?1
.
,k
)
当
k?1
时,对于所有
i?1,2,
(
i?1,2,
,k
,
d
k
(i,i)
是偶数。事实上对于
x
2k?1
?
i
,
x
k?1
?3k?2?i
,i?1
只能放在
x
1
,x
2
,
,k
)时的任何一个N型排列,此时数字
1,2,
,x
i?1
的
位置,数字
3k?2?(i?1),3k?
2?(i?2),,3k?2?1
只能放在
x
3k?2?(i?1)
,x<
br>3k?2?(i?2)
,
x
i
,x
i?1
,
(字母N的两头),
,x
3k?1
上
,x
k
和
x<
br>3k?2?i
,x
3k?2?(i?1)
,,x
2k?2
(i
,i)
的数字可以互换得到一个新的N型排列,于是
d
k
是偶数(
i
?1,2,,k
).……25分
(也可以从表达式说明
(m?2n)!
是偶
数(
n?1
),它的组合意义就是将m个白球,n个红
m!n!n!
球,n个
蓝球排成一行的排列数。于是任何一种排列,交换红蓝球可对应另一种排列。
于是
d
k
?
i,j?1
?
d
k?1
(i
,j)
k
?
?
d
i?1
k
(i,j)
k<
br>?d
(k?1,k?1)
k
?
i?j,i,j?1
?
k?1
d
k
(i,j)
为奇数!………………………25分)
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