高中数学函数百家号-高中数学联赛天津初赛
2009-2017全国高中数学联赛分类汇编第10讲:平面几何
⌒
、
AC
⌒
的中点.过1、(2009二试1)如图,
M
,
N
分
别为锐角三角形
?ABC
(
?A??B
)的外接圆
?
上弧B
C
点
C
作
PC∥MN
交圆
?
于
P
点,
I
为
?ABC
的内心,连接
PI
并延长交圆
?
于
T
.
⑴求证:
MP?MT?NP?NT
;
⌒
(不含点
C
)上任取一点
Q
(
Q≠A
,,)⑵在弧
AB
T
B
,记
?AQC
,
△QCB
的内心分别为<
br>I
1
,
I
2
,
求证:
Q
,
I
1
,
I
2
,
T
四点共圆.
A
Q
N
I
T
A
P
C
M
N
P
C
M
I
T
P
N
C
M
I
I
2
B
B
I
1
A
B
T
Q
【解析】⑴连
NI
,
MI
.由于
PC∥MN
,
P
,
C
,M
,
N
共圆,
故
PCMN
是等腰梯形.因此
NP?MC
,
PM?NC
.
连
AM
,
CI
,则
AM
与
CI
交于
I
,因为
?MIC??M
AC??ACI??MCB??BCI??MCI
,所以
MC?MI
.
同理
NC?NI
.
于是
NP?MI
,
PM?NI
.
故四边形
MPN
I
为平行四边形.因此
S
△PMT
?S
△PNT
(同底,等
高).
又
P
,
N
,
T
,
M
四点
共圆,故
?TNP??PMT?180?
,由三角形面积公式
111
S△PMT
?PM?MTsin?PMT?S
△PNT
?PN?NTsin?PNT
?PN?NTsin?PMT
222
于是
PM?MT?PN?NT
.
又因
?
I
1
NT??QNT??QMT??I
2
MT
,有
?I1
NT∽?I
2
MT
.
故
?NTI
1
??MTI
2
,从而
?I
1
QI
2
??NQM?
?NTM??I
1
TI
2
.
因此
Q
,
I
1
,
I
2
,
T
四点共圆.学&科网
<
br>2、(2010二试1)如图,锐角三角形ABC的外心为O,K是边BC上一点(不是边BC的中点),
D是线段
AK延长线上一点,直线BD与AC交于点N,直线CD与AB交于点M.求证:若OK⊥MN
,则A,B,D,
C四点共圆.
22222
同理
QK?QO?r?KO?r
,
A
O
B
E
K
D
C
P
Q
N
M
???<
br>2
?
所以
PO?PK?QO?QK
,
故
OK
⊥
PQ
.由题设,OK⊥MN,所以PQ∥MN,于是
222
AQAP
?
.①
QNPM
由梅内劳斯(Menelaus)定理,得
NBDEAQ
???1
,②
BDEAQN
MCDEAP
???1
.③
CDEAPM
N
BMCNDMD
??
由①,②,③可得,所以,故△DMN∽△DCB,于是
?DMN
??DCB
,所以BC∥MN,
BDCDBDDC
故OK⊥BC,即K为BC的中点,
矛盾!从而
A,B,D,C
四点共圆.
注1:“
PK?
P的幂(关于⊙O)
?
K的幂(关于⊙O)”的证明
:延长PK至点F,使得
2
PK?KF?AK?KE
,④
则P,E,F,A四点共圆,故
?PFE??PAE??BCE
,
从而E,C,F,K四点共圆,于是
PK?PF?PE?PC
,⑤
⑤-④,得
PK
2
?PE?PC?AK?KE
?
P的幂(
关于⊙O)
?
K的幂(关于⊙O).
注2:若点E在线段AD的延长线上,完全类似.
3、(2011二试1)如图,P,Q
分别是圆内接四边形
ABCD
的对角线
AC,BD
的中点
.若
?BPA??DPA
,证
明:
?AQB??CQB
.
N
M
P
B
E
K
D
O
F
C
A
Q
【解析】延长线段
DP
与圆交于另一点
E
,
则
?CPE??DPA??BPA
,又
P
是线段
AC
的中点
,故
AB?CE
,
从而
?CDP??BDA
.
又
?ABD??PCD
,所以△
ABD
∽△
PCD
,于是
从而
有
AB?CD?
即
AB
BQ
.
?
ACCD
ABPC
,即
AB?CD?PC?BD
. <
br>?
BDCD
??
11
AC?BD?AC?(BD)?AC?BQ
,
22
又
?ABQ??ACD
,所以△ABQ∽△ACD,所以
?QAB??DAC
.
延长线段
AQ
与圆交于另一点
F
,
则
?CAB??DAF
,故
BC?DF
.
又因为
Q
为
BD
的中点,所以
?CQB??DQF
.
??
又
?AQB??DQF
,所以
?AQB??CQB
.
<
br>4、(2012二试1)如图,在锐角
?ABC
中,
AB?AC,M,N
是
BC
边上不同的两点,使得
?BAM??CAN.
设
?ABC<
br>和
?AMN
的外心分别为
O
1
,O
2
,求证
:
O
1
,O
2
,A
三点共线.
是
B
M
N
C
A
O
1
的切线.因此
?B??PAC
,
因为
?BAM??CAN,
所以
?AMP??B??BAM??PAC??CAN??PAN
因而
AP
是
AMN
的外接圆
O
2
的切线,
故
AP?AO
2
.
所以
O
1
,O
2
,A
三点共线.
5、(2013二试1)(本题满分40分)如图,
A
B
是圆
?
的一条弦,
P
为弧
AB
内一点,E
、
F为线段
AB
上两
点,满足
AE?EF?FB
.连接<
br>PE、PF
并延长,与圆
?
分别相交于点
C、D
.求证:
EF?CD?AC?BD
【证明】连接AD
,
BC
,CF
,
DE.由于AE=EF=FB,从而
P
P
?
A
E
F
D
A
B
?
E
B
F
D
C
C
B
C?sin?BCE点B到直线CP的距离BE
?=?2
.
AC?sin?ACE点A到直线CP的距离AE
(1 )
同样
AD?sin?ADF点A到直线PD的距离AF
?=?2
.
BD?sin?BDF点B到直线PD的距离BF
(2 )
另一方面,由于
?BCE??BCP??BDP??BDF
,
?ACE??ACP??ADP??ADF
,
6、(2014
二试2)(本题满分40分)如图,在锐角三角形ABC中,∠BAC
?
60°,过点B,C分
别作三角形
ABC的外接圆的切线BD,CE,且满足BD=CE=BC,直线DE与AB,AC的延长
线分别交于点F,G,设CF与
BD交于点M,CE与BG交于点N,证明:AM=AN.
△DFB相似.
MCBCBDACLC
????,
因此LM||BF.
MFFDFDABLB
同理,LN
||CG,由此推出
∠ALM=∠ALB+∠BLM=∠ALB?∠ABL?180
0
-∠BAL
=180
0
-∠CAL?∠ALC?∠ACL?∠ALC?∠C
LN
?∠ALN.
再结合BC||FG以及内角平分线定理得到
LMLMBFCGCLABBCCLAB
?????????1
及LM=LN.
学科*网
LNBFCGLNBCACBLBLAC
故由AL=AL,∠AL
M=∠ALN,LM=LN得到△ALM与△ALN全等,因而AM=AN,证毕.
7、(2015二试3)(本题满分50分)如图,
?ABC
内接于圆O,P
为
BC
上一点,点
K
在线段
AP
上,使
得
BK
平分
?ABC
,过
K,P,C
三点的圆
?<
br>与边
AC
交于点
D
,连结
BD
交圆
?
于点
E
,连结
PE
并延长与边
AB
交于
点
F
,证明:
?ABC?2?FCB
8、(201
6二试2)(本题满分40分)如图所示,在△ABC中,X,Y是直线BC上两点(X,B,C,Y顺次排列)
,
使得BX·AC=CY·AB. 设△ACX,△ABY的外心分别为
O
1
,O
2
,直线
O
1
O
2
与AB,AC分别交于点
U、V.证
明:△AUV是等腰三角形.
即CP·PX=BP·PY.故P对圆
w
1
和
w
2
的幂相等,所以P在
w
1
和
w
2<
br>的根轴上.
于是AP⊥
O
1
O
2
,这表明点U、V
关于直线AP对称,从而△AUV是等腰三角形.
9、(2017二试1)(本题满分40分)如图,在
?ABC
中,
AB?AC
,
I
为
?ABC
的内心,以
A
为圆心
,
AB
为半径作圆
T
1
,以
I
为圆心,
I
B
为半径作圆
T
2
,过点
B、I
的圆
T
3
与
T
1
,
T
2
分别交于点
P,Q
(不同于点
B
),
设
IP
与
BQ
交于点
R
.证明:
BR?CR
.
证明:连接
IB,IC,IQ,PB,PC.
由于点Q在圆
T
2
上,故IB?IQ,所以?IBQ??IPB.故?IBP
注意到AB?AC,且
I为?ABC的内心,故IB?IC,所以
?IRB,从而有?IRB=?IBP,且
IBIP
?.
IRIB
ICIP
?,于是?ICP
IRIC
?IRC
,故?IRC=?ICP.
1
又点P在圆T
1
的弧BC上,故?BPC?18
0
0
??A,因此?BRC??IRB??IRC??IBP??ICP
2
1
1
?360???BIC??BPC?360°?(90?+?A)?(180
0
??
A)=90
0
.故BR?CR.
22
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