行测的数学就是高中数学呀-高中数学教师给徒弟评价
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2013
年普通高等学校招生全国统一考试
(山东卷)
理科数学
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第
I
卷(共
60
分)
一、选择题:本大题共12
小题,每小题
5
分,共
60
分,在每小题给出的四个选项中
,只
有一项是符合题目要求的。
1
.若复数
z
满足
(z?3)(2?i)?5
(
i
为虚数单位
)
,则
z的共轭复数
z
为
(A)
2?i
(B)
2?i
(C)
5?i
(D)
5?i
2
.
已知集合
A
={0,1,2}
,则集合B?
x?yx?A,y?A
中元素的个数是
(A) 1
(B) 3 (C)5 (D)9
2
3
.已知函数
f(x)
为奇函数,且当
x?0
时,
f(x)?x?
??
1
,则
f(?1)?
x
(A)
?2
(B) 0 (C) 1 (D) 2
4
.已知三棱柱
ABC?A
1
B
1
C
1
的侧棱与底面垂直,体积为
9
,底面是边长为
3
的正三角形
.
4
若
P
为底面
A
1
B
1
C
1
的中心,则
PA与平面
ABC
所成角的大小为
5
?
???
(B) (C) (D)
12
346
?
5
.将函数
y?sin(2x?
?
)
的图象沿
x
轴
向左平移个单位后,得到一个偶函数的图象,则
8
(A)
(A)
?
的一个可能取值为
3
?
?
4
(B)
4
(C)0 (D)
?
?
4
?
2x?y?2?0,
?
6
.在平面直角坐标系
xoy
中,
M
为不等式组
?
x?2y?1?0,
所表示的区
域上一动点,则
?
3x?y?8?0,
?
直线
OM
斜率的最
小值为
11
(
D
)
?
32
7
.给定两个命题
p
,
q
.
若
?p
是
q
的必要而不充分条件,则
p
是
?q
的<
br>
(
A
)
2
(
B
)
1
(
C
)
?
(
A
)充分而不必要条件
(
B
)
必要而不充分条件
(
C
)充要条件
(
D
)
既不充分也不必要条件
8
.函数
y?xcosx?sinx
的图象大致为
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9
.过点
(3,1)
作圆
(x?1)
2
?y
2
?1<
br>的两条切线,切点分别为
A
,
B
,则直线
AB
的方程
为
2x?y?3?0
(
B
)
2x?y?3?0
(
C
)
4x?y?3?0
(
D
)
4x?y?3?0
(
A
)
10
.用
0
,
1
,
…
,
9
十个
数字,可以组成有重复数字的三位数的个数为
(
A
)
243
(
B
)
252
(
C
)
261
(
D
)
279
2
1
2
x
x(p?0)
的焦点与双曲线
C
2
:
?y
2
?1
的右焦点的连线
11
.已知抛物线
C
1
:
y?2p
3
交
C
1
于第一象限的点
M
。若
C
1
在点
M
处的切线平行于
C
2
的一条渐近线,则
p?
(
A
)
332343
(
B
)
(
C
)
(
D
)
16833
212
xy
22x,y,z
12
.设正实数满足
x?3xy?4y?z?0
,则当取得最
大值时,
??
的最
xyz
z
大值为
(
A
)
0
(
B
)
1
(
C
)
9
(
D
)
3
4
二、填空题:本大题共
4
小
题,每小题
4
分,共
16
分。
13
.执行右图的
程序框图,若输入的
?
的值为
0.25
,则输出的
n
的值为
_____.
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开始
输入
?
(
?
?0)
F
0
?1,F
1
?2,n?1
F
1
?F
0
?F
1
F
0
?F
1
?F
0
n?n?1
1
?
?
?
F
1
否
是
输出
n
结束
14
.在区间
??3,3
?
上随机取一个数
x
,使得
x?1?x?2?1
成立的概率为
______.
uuuruuur
r
uuuruuuruu
ur
uuur
uuu
AB?3
AC?2
15
.已知向量AB
与
AC
的夹角为
120
°,且,,若
AP?
?
AB?AC
,
且
AP?BC
,
则实数
?
的值为
__________.
uuuruuur
?
0,0?x?1,
16
.定义“正对数”:
lnx?
?
现有四个命题:
lnx,x?1,
?
?
①若
a?0,b?
0
,则
ln(a)?blna
;
②若
a?0,b?0
,则
ln(ab)?lna?lnb
③若
a?0,b?0
,则
ln()?lna?lnb
④若
a?0,b?0
,则
ln(a?b)?lna?lnb?ln2
其中的真命题有
__________________.(
写出所有真命题的编号<
br>)
三、解答题:本大题共
6
小题,共
74
分。
<
br>17
.(本小题满分
12
分)设△
ABC
的内角
A,
B,C
所对的边分别为
a,b,c
,且
a?c?6
,
???
???
?b?
?
a
b
??
b?2
,
cosB?
7
。
9
(Ⅰ)求
a,c
的值;
(Ⅱ)求
sin(A?B)
的值。
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18
.(
本小题满分
12
分)如图所示,在三棱锥
P?ABQ
中,
PB?平面
ABQ
,
BA?BP?BQ
,
D,C,E,F
<
br>分别是
AQ,BQ,AP,BP
的中点,
AQ?2BD
,
PD
与
EQ
交于点
G
,
PC
与
FQ
交
于点
H
,连接
GH
.
(Ⅰ)求证:
ABPGH
;
(Ⅱ)求二面角
D?GH?E
的余弦值。
1
9
.(本小题满分
12
分)甲、乙两支排球队进行比赛,约定先胜
3
局者获得比赛的胜利,
比赛随即结束,除第五局甲队获胜的概率是
1
外,其余每局比赛
甲队获胜的概率都是
2
2
,假设各局比赛结果相互独立
.
3
(Ⅰ)分别求甲队以
3
:
0,3:1,3:2
胜利的概率;
(Ⅱ)若比赛结果为
3:0
或
3:1
,则胜利方得
3
分
,对方得
0
分;若比赛结果为
3:2
,则
胜利方得
2
分、对方得
1
分
.
求乙队得分
X
的分布列及数学期望。<
br>
20
.(本小题满分
12
分)设等
差数列
?
a
n
?
的前
n
项和为
S
n
,且
S
4
?4S
2
,
a
2n
?
2a
n
?1
.
(Ⅰ)求数列
?
a
n
?
的通项公式;
(
Ⅱ)设数列
?
b
n
?
前
n
项和为
T
n
,且
T
n
?
求数列
?
c
n
?
的前
n
项和
R
n
。
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a
n
?1
?
?
(
?
为常数)
.
令
c
n
?b
2n
(n?N
*
)
.
n
2
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21
.(本小题满分
13
分)设函数
f(x)?
x
. ?c
(
e
=2.71828
……是自然对数的底数,
c?R)
2x
e
(Ⅰ)求
f(x)
的单调区间、最大值;
(Ⅱ)讨论关于
x
的方程
lnx?f(x)
根的个数。
x
2
y
2
22
.
(
本小题满分
13
分
)
椭圆C:
2
?
2
?1
(a?b?0)
的左、右焦点分别是< br>F
1
,F
2
,离心
ab
率为
3
,过
F
1
且垂直于
x
轴的直线被椭圆
C
截得的线段长为
1.
2
(Ⅰ)求椭圆
C
的方程;
(Ⅱ)点< br>P
是椭圆
C
上除长轴端点外的任一点,连接
PF
1
, PF
2
,设
?F
1
PF
2
的角平分线
PM
交
C
的长轴于点
M(m,0)
,求
m
的取值范围;
( Ⅲ)在(Ⅱ)的条件下,过
P
点作斜率为
k
的直线
l
,使得
l
与椭圆
C
有且只有一个
公共点,设直线
PF
1< br>,PF
2
的斜率分别为
k
1
,k
2
,若k?0
,试证明
值,并求出这个定值
.
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11
?
为定
kk
1
kk
2
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参考答案
一、选择题
1.D【解析】由(z-3)(2-i)=5,得
z?
55(2
?i)5(2?i)
?3??3??3?2?i?3?5?i
,所以
z?5?i
,选D.
2?i(2?i)(2?i)5
2.C【解析】因为
x,y?A
,所以
x?y??2,?1,0,1,2
,即
B?{?2,?1,0,1,2}
,有5个元素,
选C.
3.A【解析】因为函数为奇函数,所以
f(?1)??f
(1)??(1?1)??2
,选A.
4.B【解析】取正三角形ABC的中心,连结
OP
,则
?PAO
是PA与平面ABC所成的角。因为底
面边长为
3
,所以
AD?3?
33
223
?
,
AO?AD?
??1
.三棱柱的体积为
22
332
得
139
?(3)2
?AA
1
?
224
,解
AA
1
?3
,即
OP?AA
1
?3
,所以
tan?PAO?
?
OP
?3
,即
?PAO?
,选B.
3
OA
?
8
5.B【解析】将函数y=sin(2x
+
?
)的图像沿x轴向左平移 个单位,得到函数
y?sin[2(x?)?
?
]?sin(2x??
?
)
,因为此时函数为偶函数,所以
84<
br>??
?
4
?
?
?
?
2
?k
?
,k?Z
,即
?
?
?
4
?k
?
,k?Z
,所以选B.
6.C【解析】作出可行域如图
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由图象可知当M位于点D处时,OM的斜率最小。由
?
?
x?2y?1?0
?
x?3
得
?
,即
D
(3,?1)
,
?
3x?y?8?0
?
y??1
此时OM的
斜率为
?11
??
,选C.
33
7.A【解析】因为﹁p是q的必
要而不充分条件,所以﹁q是p的必要而不充分条件,即p是﹁q
的充分而不必要条件,选A.
8. D【解析】函数y=xcosx + sinx为奇函数,所以图象关于原点对称,所以排除B,
C.当
x?
?
时,
f(
?
)??
?
?0<
br>,排除A,选D.
9.A【解析】由图象可知,
A(1,1)
是一个切点,所
以代入选项知,
B,D
不成立,排除。又
直线的斜率为负,所以排除C,选A
10.B【解析】有重复数字的三位数个数为
9?10?10?900
。没有重复数字的三位
数有
12
C
9
A
9
?648
,所以有重复数字的三
位数的个数为
900?648=252
,选B.
AB
11.D【解析】经过
第一象限的双曲线的渐近线为
y?
3
p
x
。抛物线的焦点为
F(0,)
,双曲线
3
2
x
0
2
3
113
)
处的切线斜率为的右焦点为
F
2
(2,0)
.<
br>y'?x
,所以在
M(x
0
,
,即
x
0?
,所
2p
3
p
p3
pp
p
?
?0
33p
p
p
,即三点
F(0,)
,
F
2
(2,0)
,
M(p,)
共线,所以
2
?
62
,即以
x
0
?
336
0?2
2
3
p
3
p?
43
,选D.
3
2222
12.B
【解析】由
x?3xy?4y?z?0
,得
z?x?3xy?4y
。所以x4y
xyxy1
1
?
?
2
?
,当且仅当,即
x?2y
时取
??1
yx
zx?3xy?4y
2
x
?
4y
?3
x4y
2??3
yx
yx
等号
此时
z?2y
,
(
2
121
212212
2
xy
?(1?)?(1?)
??
)
max
?1
.
???
xy2y
x
yz2yyxy
y
z
11
?1?
2y2y
2
?4(
)?1
,故选B.
2
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13.3【解析】第一次循环,
F
1
?1?2?3,F
0
?3?1?2,n?2
,此时
11
??0.25
不成立。
F
1
3
第二次循环,
F
1
?2?
3?5,F
0
?5?2?3,n?3
,此时
11
??0.25
成立,输出
n?3
。
F
1
5
?
?3,?3?x
??1
1
?
14.【解析】设
f(x)?x?1?x?2
,则
f(x)?x?1?x?2?
?
2x?1,?1?x?2
。
3
?<
br>3,2?x?3
?
由
2x?1?1
,解得
1?x?2
,即当
1?x?3
时,
f(x)?1
。由几何概型公式得所求概率为
3?121
??
。
3?(?3)63
15.
uuuv
uu
uvuuuv
uuuv
7
o
【解析】向量
AB
与
A
C
的夹角为
120
,且
|AB|?3,|AC|?2,
所以
12
uuuvuuuvuuuvuuuv
uuuvuuuvuuuvuuuv
1
o
AB?AC?AB?ACcos120???3?2??3
。由
AP?BC
得,
AP?BC?0
,即
2
uuuvuuuvuuuvuuuvuuuvu
uuv
uuuv
2
uuuv
2
uuuvuuuv
AP?BC
?(
?
AB?AC)?(AC?AB)?0
,所以
AC?
?
AB?(
?
?1)AB?AC?0
,即
4?9
?
?3(?
?1)?0
,解得
?
?
7
。
12
b
?bb?
16.①③④【解析】①当
a?1,b?0
时,
a?1<
br>,
ln(a)?lna?blna,blna?blna
,
所以
ln(
a)?blna
成立。当
0?a?1,b?0
时,
0?a?1
,此时
ln(a)?0,blna?0
,
即
ln(a)?blna
成立。综
上
ln(a)?blna
恒成立。②当
?b??b?
?b?
b
?b?
a?e,b?
1
时,
e
ln
?
(ab)?
ln1?0,ln
?
a?lne?1,ln
?
b?0
,所以
ln
?
(ab)?ln
?
a?ln
?
b
不成立。③
讨论
a,b
的取值,可知正确。④讨论
a,b
的取值,可知正确。所以正确的
命题为①③④。
17
.解:(Ⅰ)由余弦定理
b
2
?a
2
?c
2
?2accosB
,得
b
2
?
?<
br>a?c
?
?2ac(1?cosB)
,
又
a?c?
6
,
b?2
,
cosB?
2
7
,所以
ac
?9
,解得
a?3
,
c?3
.
9
42
,
9
(Ⅱ)在△
ABC
中,
sinB?1?cos
2
B?
由正弦定理得
sinA?
asinB22
,
?
b3
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2
因为
a?c
,所以
A
为锐角,所以
cosA?1?sinA?
1
3
因此
sin(A?B)?sinAcosB?cosAsinB?
102
.
27
18
.解:(Ⅰ)证明:因为
D,C,E,F
分别是
AQ,BQ,AP,BP
的中点,
所以
EF
∥
AB
,
DC
∥
AB
,所以
EF
∥DC
,
又
EF?
平面
PCD
,
DC
?
平面
PCD
,
所以
EF
∥平面
PCD
,
又
EF?平面
EFQ
,
平面
EFQI
平面
PCD?GH
,
所以
EF
∥
GH
,
又
EF
∥
AB
,
所以
AB
∥
GH
.
(Ⅱ)解法一:在△
ABQ
中
,
AQ?2BD
,
AD?DQ
,
所以
?ABQ=90
,即
AB?BQ
,
因为
PB?
平面
ABQ
,所以
AB?PB
,
又
BPIBQ?B
,所以
AB?
平面
PBQ
,由(Ⅰ)知
AB
∥
GH
, <
br>所以
GH?
平面
PBQ
,又
FH?
平面
PB
Q
,所以
GH?FH
,同理可得
GH?HC
,
所
以
?FHC
为二面角
D?GH?E
的平面角,设
BA?BQ?BP?
2
,
连接
PC
,
在
Rt
△
FB
C
中,由勾股定理得,
FC?
o
2
,
在
Rt
△
PBC
中,由勾股定理得,
PC?5
,
又
H
为△
PBQ
的重心,所以
HC?
15
PC?
33
同理
FH?
5
,
3
55
??2
4
99
??
,
在
△
FHC
中,由余弦定理得
cos?FHC?
5
5
2?9
4
即二面角
D?GH?E
的余弦值为
?
.
5
解法二:在△
ABQ
中,
AQ?2BD
,
AD?DQ,
所以
?ABQ?90
,又
PB?
平面
ABQ
,
所以
BA,BQ,BP
两两垂直,
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以
B
为坐标原点,分别以
BA,BQ
,BP
所在直线为
x
轴,
y
轴,
z
轴,建立如图所
示的空间
直角坐标系,设
BA?BQ?BP?2
,则
E(1,0,1)
,
F(0,0,1)
,
Q(0,2,0)
,
D(1,1,0),
C(0,1,0)P(0,0,2)
,,
所
u
EQ
u
ur
?(?1,2,?1)
,
u
FQ
uur
?(0,2,?
1)
,
u
DP
uur
?(?1,?1,2)
,
u<
br>CP
uur
?(0,?1,2)
,
设平面
EFQ
的
一个法向量为
u
m
r
?(x
1
,y
1
,z
1
)
,
由
m
ur
?EQ
uuu
r
?0
,
m
ur
?FQ
uuur
?0
,
得
?
?
?x
1
?2y
1
?z
1<
br>?0
?
2y
1
?z
1
?0
取y
1
?1
,得
u
m
r
?(0,1,2)
.
设平面
PDC
的一个法向量为
r
n?(x
2
,y
2
,z
2
)
由
n
r
?DP
uuur
?0
,
n
r
?CP
uuur
?0
,
得
?
?
?x
2
?y
2
?2z
2
?0
?
?y?0
2
?2z
2
urr
u
取
z
r
m
r
?
r
n4<
br>2
?1
,得
n?(0,2,1)
.
所以
cosm,n
?
u
m
rr
n
?
5
因为二面角
D?GH?E
为钝角,所以二面角
D?GH?E
的余弦值为
?
45
.
19
.解:(Ⅰ)记“甲队以
3
:
0
胜
利”为事件
A
1
,“甲队以
3
:
1
胜利”为事件<
br>A
2
,“甲
队以
3
:
2
胜利”为事件
A
3
,由题意,各局比赛结果相互独立,
故
P(A
2<
br>3
1
)?(
3
)?
8
27
,
P(A(
2228
2
)?C
2
3
3
)
2
(1?
3
)?
3
?
27
,
P
(AC
1
2214
3
)?
4
(
3
)
2
(1?
3
)
2
?
2
?
27
所以,甲队以
3
:
0,3:1,3:2
胜利的概率分别是
8
27
,
8
27
,
4
27
;
(Ⅱ)设“乙队以
3:2
胜利”为事件
A
4
,由题意,各局比赛
结果相互独立,所以
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以
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2214
P(A
4
)?C
4
1
(1?)
2
()
2
?(1?)?
33227
由题意,随机变量
X
的所有可能的取值为
0,1,2,3
,,根据事件的互斥性得
16
P(X?0)?P(A
1
?A
2
)?P(A
1
)?P(A
2
)
?
,
27
4
,
P(X?1)?P(A
3
)?
27
4
,
P(X?
2)?P(A
4
)?
27
3
P(X?3)?
1?
P
(X?0)?P(X?1)?P(X?2)
?
27
故
X
的分布列为
0 1 2 3
X
16443
P
27272727
16443
7
?1??2??3?
?
<
br>所以
EX?0?
27272727
9
20
.解:(Ⅰ)设等差
数列
?
a
n
?
的首项为
a
1
,公差为d
,
由
S
4
?4S
2
,
a
2n
?2a
n
?1
得
4a
1
?6d?8a
1
?4d
?
,
<
br>?
?
a
1
?(2n?1)?2a
1
?2(n?1)d
?1
解得,
a
1
?1
,
d?2
*
因此
a
n
?2n?1
(n?N)
<
br>(Ⅱ)由题意知:
T
n
?
?
?
n
2
n?1
所以
n?2
时,
b
n
?T
n?T
n?1
??
n
2
2n?21
n?1
*故,
c
n
?b
2n
?
2n?1
?(n?1)(
)
(n?N)
24
1
0
1
11
2
1
3
1
n?1
所以
R
n
?0?()?1?()?2?()?3?()?????(n?1)?()
,
444
44
11
1
1
2
1
3
1
n?1
1
n
则
R
n
?0?()?1?()?2?()?????(n?2)?
()?(n?1)?()
444444
31
1
1
2
1
3
1
n?1
1
n
两式相减得
R
n?()?()?()?????()?(n?1)?()
444444
11n
?()
4
?(n?1)(
1
)
n
?
4
1
4
1?
4
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?
n?1
n?1
n?2
2
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R
n
?
13n?1
(4?
n?1
)
94
13n?1
(4?
n?1
)
94所以数列数列
?
c
n
?
的前
n
项和
R
n
?
21
.解:(Ⅰ)
f
'
(x)?(1?2x)
e
?2x
,
由
f(x)?0
,解得
x?
当
x?
'
1
,
2
1
'
时,f(x)?0
,
f(x)
单调递减
2
11
所
以,函数
f(x)
的单调递增区间是
(??,)
,单调递减区间是
(
,??)
,
22
11
?c
最大值为
f
()?
22e
x
(Ⅱ)令
g(x)?lnx?f(x)?lnx?
2
x
?c
x?(0,??)
e
x
(
1
)当
x?(1,??)
时,
lnx?0
,则
g(x)?
lnx?
2x
?c
,
e
所以,
g(x)?e'?2x
e
2x
(?2x?1)
x
e
2x
因为
2x?1?0
,
?0
所以
g
'
(x)?0
x
因此
g(x)
在
(1,??)
上单调递增
.
(<
br>2
)当
x?(0,1)
时,当时,
lnx?0
,则
g
(x)??lnx?
'?2x
x
?c
,
e
2x<
br>所以,
g(x)?e
2x2
e
2x
(??2x?1)
x
因为
e?(1,e)
,
e
2x
?1?x?0,又
2x?1?1
e
2x
所以
??2x?1?0
所以
g
'
(x)?0
x
因此
g(x)
在
(0,1)
上单调递减
.
?2
综合(
1
)(
2
)可知
当
x?(0,??)
时,
g(x)?g(1)??e?c
,
当
g(1)??e
?2
?c?0
,即
c??e
?2
时,
g(x)
没有零点,
故关于
x
的方程
lnx?f(x)
根的个数为
0
;
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当
g(1)??e
?2
?c?0,即
c??e
?2
时,
g(x)
只有一个零点,
故关于
x
的方程
lnx?f(x)
根的个数为
1
;
当
g(1)??e
?2
?c?0
,即
c??e
?2
时,
①当
x?(1,??)
时,由(Ⅰ)知
g(x)?lnx?
x1
?1
?c?lnx?(e?c)?lnx?1?c
2x
e2
1?c
要使
g(x)?0
,只需使
l
nx?1?c?0
,即
x?(e
②当
x?(0,1)
时,由(Ⅰ)知
,??)
;
g(x)??lnx?
x1
?1<
br>?c??lnx?(e?c)??lnx?1?c
;
e
2x
2
?1?c
要使
g(x)?0
,只需使
?lnx?1?c?0
,即
x?(0,e)
;
所以当
c??e
?2
时
,
g(x)
有两个零点,故关于
x
的方程
lnx?f(x)
根的个数为
2
;
综上所述:
当
c??e
?2
时,关于
x
的方程
lnx?f(x)
根的个数为
0<
br>;
当
c??e
?2
时,关于
x
的方程lnx?f(x)
根的个数为
1
;
当
c??e
?2
时,关于
x
的方程
lnx?f(x)
根的个数为
2.
222
b
xy
22
.解:(Ⅰ)由于
c?a?b
,
将
x??c
代入椭圆方程
2
?
2
?1
得
y
??
a
ab
222
c
2b
2
3
由题意知
?1
,即
a?2b
2
又e??
a
a
2
x
2
所以
a?2
,b?1
所以椭圆方程为
?y
2
?1
<
br>4
uuuvuuuuvuuuuvuuuuvuuuvuuuuvuuuuvuuuuv
PF
1
?PMPF
2
?PMPF
1
?PMPF
2<
br>?PM
vuuuuv
=
uuuuvuuuuv
,
uuuv=
uuuuv
,设
P(x
0
,y
0
)
其中(Ⅱ)由题意可知:
uuu
|PF
1
||PM||PF
2
||PM||PF
1
||PF
2
|
2232
x
0
?4
,将向量坐标代入并化简得:m(
4x
0
?4
, <
br>?16)?3x
0
?12x
0
,因为
x
0
所
以
m?
3
33
x
0
,而
x
0
?(
?2,2)
,所以
m?(?,)
4
22
(3)由题意可知
,l为椭圆的在p点处的切线,由导数法可求得,切线方程为:
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x
y
0
y
0
11<
br>x
0
x
?
,k
2
?
,代入中得
?
y
0
y?1
,所以
k??
0
,而
k
1?
4ykkkk
4
x?3x?3
012
x?3x
0?3
11
???4(
0
?)??8
为定值。
kk
1
kk
2
x
0
x
0
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