江西高中数学国编真题-河南高中数学教材目录
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2019-2020
学年河
南省郑州一中高三(上)
12
月月考数学
试卷
一、选择题(本大题共
12
小题)
1.
已知全集
2
,
3
,
4
,
5
,,集合
3
,
,
2
,,则
A.
C.
2
,
4
,
B.
D.
2
,
3
,
4
,
D.
第四象限
D.
D.
2.
在复平面内,复数对应的点位于
A.
第一象限
B.
第二象限
C.
第三象限
3.
已知向量,,若,则的最小值为
A.
12
B.
C.
15
4.
已知
x
,
y
满足,的最大值为
2
,则直线过定点
A.
B.
C.
5.
一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的各个面中,面
积小于的面的个数是
A.
1
B.
2
C.
3
D.
4
6.
已知
a
,,则“”是“函数是奇函数”的
A.
充分不必要条件
C.
充要条件
B.
必要不充分条件
D.
既不充分也不必要条件
7.
郑州绿博园花展期间,安排
6
位志愿者到
4
个展区提供服务,要求甲、乙两个展区
各安排一个人,剩下两个展区各
安排两个人,其中的小李和小王不在一起,不同的
安排方案共有
A.
168
种
B.
156
种
C.
172
种
D.
180
种
8.
已知
数列:,按照
k
从小到大的顺序排列在一起,构成一个新的数列:首次出现时
为数列的
A.
第
44
项
B.
第
76
项
C.
第
128
项
D.
第
144
项
9.
在长方体中,,,
E
,
F
,
G分别是
AB
,
BC
,的中点,
P
是底面
ABC
D
内一个动点,
若直线与平面
EFG
平行,则面积的最小值为
A.
B.
1
C.
D.
10.
已知函数的图象过点,且在上单调,同时的图象向左平移个单位之后与原来的
图象
重合,当,,且时,,则
A.
B.
C.
1
D.
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11.
如图,设抛
物线的焦点为
F
,过
x
轴上一定点作斜率为
2
的直
B
两点,线
l
与抛物线相交于
A
,与
y
轴交于点<
br>C
,记的面积为,
的面积为,若,则抛物线的标准方程为
A.
B.
C.
D.
12.
已知函数,若关于
x
的方程有六个不同的实根,则
a
的取值范围是
A.
B.
C.
D.
二、填空题(本大题共
4
小题)
13.
设双曲线的左、
右顶点分别为
A
、
B
,点
P
在双曲线上且异于
A<
br>、
B
两点,
O
为坐标
原点,若直线
PA
与<
br>PB
的斜率之积为,则双曲线的离心率为
______
.
14.
已知是定义在
R
上的偶函数,且若当时,,则
______
P
为三角形
BCD
内一点包括边界,15.
已知梯形
ABCD
,,,,,则的取值范围为
______
.
16.
瑞士著名数学家欧拉在研究几何时曾定义欧拉三角形,的三个欧
拉点
顶点与垂心连线的中点构成的三角形称为的欧拉三角形.如
图,是的欧拉三角形为的垂心已知,,,若在
内部随机选取一点,
则此点取自阴影部分的概率为
______
.
三、解答题(本大题共
7
小题)
17.
数列的前
n
项和为,已知,
2
,
3
,
Ⅰ证明:数列是等比数列;
Ⅱ求数列的前
n
项和.
18.
如图,在四棱锥中,底面
ABCD
为梯形,,,,为等边三角形.
当
PB
长为多少时,平面平面
ABCD
?并说明理由;
若二面角大小为,求直线
AB
与平面
PBC
所成角的正弦值.
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19.
已知椭圆
C
:,
C
的右焦点,长轴的左、右端点分别为,,且.
Ⅰ求椭圆
C
的方程;
B
两点,Ⅱ过焦点
F
斜率为
的直线
l
交椭圆
C
于
A
,弦
AB
的垂直平
分线与
x
轴相交
于点试问椭圆
C
上是否存在点
E
使
得四边形
ADBE
为菱形?若存在,试求点
E
到
y
轴的距离
;若不存在,请说明理由.
20.
第
7
届世界军人运动会于
2019
年10
月
18
日至
27
日在湖北武汉举行,赛期
10天,
共设置射击、游泳、田径、篮球等
27
个大项,
329
个小
项,共有来自
100
多个国家
的近万名现役军人同台竞技.前期为迎接军运会顺利召开
,武汉市很多单位和部门
都开展了丰富多彩的宣传和教育活动,努力让大家更多的了解军运会的相关知识
,
并倡议大家做文明公民,武汉市体育局为了解广大民众对军运会知识的知晓情况,
在全市开展
了网上问卷调查,民众参与度极高,现从大批参与者中随机抽取
200
名
幸运参与者,
他们得分满分
100
分数据,统计结果如下:
组别
频数
5
30
40
50
45
20
10
若此次问卷调查得分总体服从正态分布,用样本估计总体,设,分别
为这
200
人得
分的平均值和标准差同一组数据用该区间的中点值作为代表,求,的值
的值四舍五
入取整数,并计算.
在的条件下,为感谢大家参与这次活动,市体育局还对参加问
卷调查的幸运市民制
定如下奖励方案:得分低于的可以获得
1
次抽奖机会,得分不低于
的可获得
2
次抽
奖机会,在一次抽奖中,抽中价值
15
元的纪念品<
br>A
的概率为,抽中价值为
30
元的
纪念品
B
的概率为
现有市民张先生参加了此次问卷调查并成为幸运参与者,记
Y
为他参加活动获得纪念品的总价值
,求
Y
的分布列和数学期望,并估算此次纪念品
所需要的总金额.
参考数据:;;
21.
已知函数
e
为自然对数的底数,
Ⅰ当时,求证;
Ⅱ是否存在正整数
a
,使得
若不存在,说明理由.
对一切恒成立?若存在,求出
a
的最大值;
是的导函数.
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22.
在平面直角坐标系
xOy
中,已知倾斜角为的直线
l
经过点以坐标原点
O
为极点,
x
轴的正半轴为极轴建立极坐标系,
曲线
C
的极坐标方程为.
写出曲线
C
的普通方程;
若直
线
l
与曲线
C
有两个不同的交点
M
,
N
,
求的取值范围.
23.
已知函数,.
若,求
a
的取值范围;
若,对,,都有不等式恒成立,求
a
的取值范围.
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答案和解析
1.
【答案】
C
【解析】【分析】
本题考查了集合的运算,属于基础题.
先求出,再得出,由集合运算的定义直接求解.
【解答】
解:由全集
2
,
3
,
4
,5
,,集合
3
,,得
4
,,
又
2
,
,则
4
,,
2
,,
2
,
4
,.
故选
C
.
2.
【答案】
D
【解析】解:
所对应的点为,该点位于第四象限
故选:
D
.
根据将复数进行化简成复数的标准形式,得到复数所对应的点,从而得到该点所在的位
置.
本题主要考查了复数代数形式的运算,复数和复平面内的点的对应关系,属于基础题.
3.
【答案】
B
【解析】【分析】
本题考查了向量平行和“乘
1
法”与基本不等式的性质,属于基础题.
根据已知条件,,,得出,继而可得等式,再求解等式即可.
【解答】
解:,,,
,即,
,
当且仅当,即,,时取等号,
的最小值为:.
故选
B
.
4.
【答案】
A
【解析】解:画出不等式组表示的平面区域,如图阴影部分所示;
由图可知,
C
为目标函数取得最大值的最优解,
联立,解得,
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所以,即;
所以,
代入,得,
即,
由,解得.
所以直线必过定点.
故选:
A
.
由约束条件作出可行域,得到目
标函数取得最大值的最优解;求出最优解的坐标,代入
目标函数得到
a
,
b<
br>的关系;再代入直线由直线系方程得答案.
本题考查了简单的线性规划应用问题,也考查了数形
结合的解题思想与数学转化方法,
是中档题.
5.
【答案】
C
【解析】【分析】
画出几何体的三视图,利用三视图的数据,计算求解即可,属于中等题.
本题考查的知识点是由三视图求体积和表面积,解决本题的关键是得到该几何体的形
状.
【解答】
解:由题意可知几何体的直观图如图:
,,
,
该几何体的各个面中,面积小于的个数是
3
个.
故选:
C
.
6.
【答案】
B
【解析】解:函数的定义域为
R
,
若函数为奇函数,
则,
当时,,若为奇函数,
则,
即,,
即函数为奇函数的充要条件是,
,或,
“”推不出“函数是奇函数”,“函数是奇函数”“”;
则“”是“函数是奇函数”的必要不充分条件.
故选:
B
.
根据
函数奇偶性的定义和性质得出“函数是奇函数”的等价条件,再根据“”或;由充
分必要条件的定义即可
得到结论.
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本题主要考查函数奇偶性的判断,根据奇偶性的定义是解决本题的关键.属于基础题.
7.
【答案】
B
【解析】解:根据题意,设剩下的
2
个展区为丙展区和丁展区,
用间接法分析:
先计算小李和小王不受限制的排法种数,
先在
6
位志愿者中任选
1
个,安排到甲展区,有种情况,
再在剩下的
5
个志愿者中任选
1
个,安排到乙展区,有种情况, <
br>最后将剩下的
4
个志愿者平均分成
2
组,全排列后安排到剩下的
2
个展区,
有种情况,
则小李和小王不受限制的排法有种,
若小李和小王在一起,则两人去丙展区或丁展区,有
2
种情况,
在剩下的
4
位志愿者中任选
1
个,安排到甲展区,有种情况,
再在剩下的
3
个志愿者中任选
1
个,安排到乙展区,有种情况,
最后
2
个安排到剩下的展区,有
1
种情况,
则小李和小王在一起的排法有种,
则小李和小王不在一起排法有种;
故选:
B
.
本题考查排列,组合的应用,涉及分步计数原理的应用,是中档题.
根据题意,用间接法分析
,先求小李和小王不受限制的排法种数,再减去其中小李和小
王在一起的排法种数即可.
8.
【答案】
C
【解析】解:观察数列可得,该数列中分子,分
母之和为
2
的有
1
项,为
3
的有
2
项,<
br>为
4
的有
3
项,,分子,分母之和为
16
的有
15
项,
分子,分母之和为
17
的有
16
项,排列顺序为,,,,,,
其中为分子,分母之和为
17
的第
8
项,
故共有项.
故选:
C
.
观察数列可知,此数列按照分子,分母之和的大小排顺序,据此可以求出的位次.
本题考查数列的应用,涉及数列求和公式和分数知识,属于中档题.
9.
【答案】
A
【解析】解:如图,
补全截
面
EFG
为截面
EFGHQR
,易知平面平面
EFGHQR
,设于点
R
,
直线平面
EFG
,
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,且当
P
与
R
重合时,最短,此时的面积最小,
由等积法:得,又平面
ABCD
,
,为直角三角形,
故,
故选:
A
.
找出平面
EFG
与长方体的截面,然后再找出
过与平面
EFG
平面平行的平面,即可找出
P
在平面
ABCD
上的位置.
本题考查了截面,面面平行,等积法等知识点和技巧的运用.
10.
【答案】
B
【解析】解:由函数的图象过点,
,解得,
又,,
;
又的图象向左平移个单位之后为
,
由两函数图象完全重合知,,;
又,
,;
,其图象的对称轴为,;
当,,其对称轴为,
,
.
故选:
B
.
由题意求得、的值,写出函数的解析式,求图象的对称轴,得的值,再求的值.
本题主要考查了三角函数的图象变换和性质的应用问题,也考查了运算求解能力,是综
合题.
11.
【答案】
C
【解析】解:抛物线的焦点,过
x<
br>轴上一定点作斜率为
2
的直线
l
的方程为,
联立抛物线方程可得,
设,,可得,,
设
F
到
AB
的距离为
d
,
可得,即,
联立可得,,.
则抛物线的标准方程为.
故选:
C
.
求得直线
l
的方程,联立抛物线方程,可得<
br>x
的二次方程,运用韦达定理,由三角形的
面积公式,结合两个三角形同高可得面积之比
为底
边之比,联立方程组,解方程可得
p
,进而得到所
求抛物线方程. 本题考查抛物线的方程和应用,考查直线方程和抛
物线方程联立,运用韦达定理,以及三角形的面积
公式,考查化简运算能力,属于基础题.
12.
【答案】
C
【解析】解:令,则,
函数.
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由题意可得,函数的图象与直线有
3
个不同的交点,
且每个
t
值有
2
个
x
值与之对应,如图所示: <
br>由于当时,,此时,对应的
x
值只有一个,不满足条件,故
a
的取值范
围是,
故选
C
.
令,则,由题意可得,函数的图象与直线有
3<
br>个不同的交点,且每个
t
值有
2
个
x
值与
之
对应,数形结合可得
a
的取值范围.
本题主要考查函数的零点与方程的根的关系,体
现了数形结合的数学思想及等价转化的
数学思想,属于中档题.
13.
【答案】
【解析】【分析】
本题主要考查双曲
线的几何性质,考查点差法,关键是设点代入化简,应注意双曲线几
何量之间的关系,属于中档题. <
br>由于
A
,
B
连线经过坐标原点,所以
A
,
B
一定关于原点对称,利用直线
PA
,
PB
的斜
率乘积,可寻
求几何量之间的关系,从而可求离心率.
【解答】
解:根据双曲线的对称性可知
A
,
B
关于原点对称,
设,,,
则,,
可得,,
,
该双曲线的离心率.
故答案为:.
14.
【答案】
216
【解析】【分析】
本题主要考查了利用函数的周期性求解函数的函数值,属于基础题.
由,可知周期,结合已知函数代入即可求解.
【解答】
解:,
,即周期,
则,
当时,,
.
,
故答案为:
216
.
15.
【答案】
【解析】解:,
分别以边
AB
,
AD
所在的
直线
为,轴,建立如图所
示平面直角坐标系,则:
,,,,
,设,则,
由得,,
,
,设,则表示斜率为的一
族平行直线,在
y
轴上的
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截距为
a
,当截距最大时最大,当截距最小时最小,
由图可看出,当直线经过点时截距最小为
1
,当直线经过点时截距最大为,
的取值范围为.
故答案为:.
AD
所在直线为轴,根据题意可分别以边<
br>AB
,轴,建立平面直角坐标系,从而得出,,,,
设,从而根据可得出,从而得出,并
设,从而根据线性规划的知识求出直线截距的最小
值和最大值,即得出的最小值和最大值,从而得出的取
值范围.
本题考查了通过建立平面直角坐标系,利用坐标解决向量问题的方法,利用线性规划的
知识求变量最值的方法,数形结合的方法,考查了计算能力,属于中档题.
16.
【答案】
【解析】解:因为,所以,
又因为,,
由余弦定理可得:,
取
BC
的中点
O
,则,
以
O
为原点,建立如图所示的直角坐标系,
则,,,设,
因为,
所以,
所以,从而,
故所求概率为:,
故答案为:.
由三角函数的余弦定理得:,由两直线垂直得:,所以,从而,
由几何概型中的面积型得:,得解.
本题考查了三角函数的余弦定理及几何概型中的面积型,属中档题.
17.
【答案】解:Ⅰ证明:,
2
,
3
,,
可得,
可得,
可得,
则数列是首项为
1
,公比为
2
的等比数列;
Ⅱ,
即,
可得前
n
项和,
,
相减可得,
,
化简可得.
【解析】Ⅰ运用数列的递推式,化简变形,结合等比数列的定义,即可得证;
Ⅱ,即,由数列的错位相减法求和,结合等比数列的求和公式,即可得到所求和.
本题考查等
比数列的定义和通项公式的运用,考查数列的错位相减法求和,考查化简运
算能力,属于中档题.
18.
【答案】解:当时,平面平面
ABCD
,
证明如下:在中,
因为,所以,
又,,
AD
,平面
PAD
,
所以平面
PAD
,
又平面
ABCD
,
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所以平面平面
ABCD
.
分别取线段
AD
,
BC
的中点
O
,
E
,连接
PO
,
OE
,
因为为等边三角形,
O
为
AD
的中点,所以,
O
,
E
为
AD
,
BC
的中点,所以,
又,所以,
故为二面角的平面角,所以,
如图,分别以的方向以及垂直于平面ABCD
向上的方向作为
x
,
y
,
z
轴的正方
向,建立
空间直角坐标系,
因为,,
所以,
0
,,
2
,,
1
,.
可得,,
设
y
,为平面
PBC
的一个法向量,则有,
即,
令,可得,
设
AB
与平面
PBC
所成角为,
则有
所以直线
AB
与平面
PBC
所成角的正弦值为.
【解析】当时,推导出,,从而平面
PAD
,由此能证明平面平面
ABCD
.
分别取线段
AD
,
BC
的中点
O,
E
,连接
PO
,
OE
,推导出,,由,得,从而为二
面角
的平面角,进而,
分别以的方向以及垂直于平面
ABCD
向上的方向作
为
x
,
y
,
z
轴的正方向,建立空间直
角坐标系,
利用向量法能求出直线
AB
与平面
PBC
所成角的正弦值.
本题考
查满足面面垂直的线段长的求法,考查线面角的正弦值的求法,考查空间中线线、
线面、面面间的位置关
系等基础知识,考查运算求解能力,是中档题.
19.
【答案】解:Ⅰ依题设,,
则,.
由,得:,
解得,又,所以.
所以椭圆
C
的方程为;
Ⅱ椭圆
C
上存在点
E
使得四边形
ADBE
为菱形.
依题直线
l
的方程为.
联立,
得:.
在椭圆内,则恒成立,
设,,弦
AB
的中点为,
则,,
所以,,
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所以.
则直线
MD
的方程为,
令,得,则.
若四边形
ADBE
为菱形,则,
所以.
,所以.
所以.
若点
E
在椭圆
C
上,则.
即
整理得,解得.
所以椭圆
C
上存在点
E使得四边形
ADBE
为菱形.
此时点
E
到
y
轴的距离为.
【解析】本题考查
了椭圆的标准方程,考查了直线和椭圆的位置关系,训练了设而不求
的解题方法,此法的依据是二次方程
中根与系数的关系,训练了学生的计算能力,属有
一定难度题目.
Ⅰ题目给出了椭圆的右焦点
坐标,则知道了
c
的值,再由,列式求出的值,结合隐含条
件求出的值,则椭圆方程可
求;
Ⅱ由点斜式写出直线
l
的方程,和椭圆方程联立后利用根与系数的关系求出A
,
B
中点
的坐标,然后写出
MD
所在的直线方程,求
出
D
点的坐标,根据四边形
ADBE
是菱形,
列式求出
E<
br>点的坐标,把
E
点的坐标代入椭圆方程求出的值,则
E
点到
y
轴的距离可求.
20.
【答案】解:由已知频数表得:,
,
由,则,
而,所以,
则,
;
显然,
所以有
Y
的取值为
15
,
30
,
45
,
60<
br>,
,
,
,
,
所以
Y
的分布列为:
Y
P
15
30
45
60
所以,
需要的总金额为.
【解析】根据频率分布表计算出平均数,进而计算方差,从而,根据原则,计算即可;
列出<
br>Y
所有可能的取值,分布求出每个取值对应的概率,列出分布列,计算期望,进而
可得需
要的总金额.
本题考查了利用频率分布表计算平均数,方差,考查了正态分布,考查了离散型随机变<
br>量的概率分布列和数学期望,主要考查数据分析能力和计算能力,属于中档题.
,
21.
【答案】解:Ⅰ证明:当时,,则
令,则,
令,得,故在时取得最小值,
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0'>
,在上为增函数,
;
Ⅱ
由
,
,得对一切恒成立,
当时,可得,所以若存
在,则正整数
a
的值只能取
1
,
2
.
下面证明当时,不等式恒成立,
设,则,
由Ⅰ,,
0'>
,
当时,;当时,
即在上是减函数,在上是增函数,
,
当时,不等式恒成立,
所以
a
的最大值是
2
.
【解析】本题考查了函数的单调性问题,考查导数的应用以及函数恒成立问题,是一道
中档题.
Ⅰ求出函数的导数,根据函数的单调性判断最值;
Ⅱ求出函数的导数,得到,问题转化为证明
当时,不等式恒成立,设,根据函数的单调
性证明即可.
,
22.
【答案】解:由得
将,代入上式中,
得曲线
C
的普通方程为:;
将
l
的参数方程为参数代入
C
的方程中,
整理得,
因为直线
l
与曲线
C
有两个不同的交点,
所以,化简得.
又,所以,且,.
设方程的两根为,,则,,
所以,,
所以.
由,得,
所以,从而,
即的取值范围是.
【解析】本题考查
直线和圆的极坐标方程、参数方程等基础知识,考查运算求解能力,
考查数形结合思想、化归与转化思想
等,是中档题.
由得由此能求出曲线
C
的普通方程
将
l
的参数方程为参数代入
C
的方程,得由直线
l
与曲线
C有两个不同的交点,得设方
程的两根为,,则,,从而,,由此能求出的取值范围.
23.
【答案】解:,
若,则,得,即时恒成立,
若,则,得,即,
若,则,得,即不等式无解,
综上所述,
a
的取值范围是.
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由题意知,要使得不等式恒成立,只需,
当时,,
因为,所以当时,,
即,解得,结合,所以
a
的取值范围是.
【解析】利用,通过,,,分别求解即可.
要使得不等式恒成立,只需,通过二次函数的最值,绝对值的几何意义,转化求解即可.
本题
考查函数的最值的求法,二次函数的简单性质以及绝对值不等式的几何意义,考查
分类讨论思想的应用.
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