教师资格证高中数学能教小学数学吗-江苏凤凰教育出版社高中数学必修一答案
1.设△
则
的三边长分别为△的面积为,内切圆半径为,
的四个面的面积分别为
的体积为,则=( )
.类比这个结论可知:四面体
内切球的半径为,四面体
A.
C.
B.
D.
2.如图所示,面积为
S
的平面
凸四边形的第
i
条边的边长记为
a
(,
,2,3,4
)i
i?1
此四边形内任一点
P
到第
i
条边的距离记为<
br>h
i
(
i?1,2,3,4
),若
a
1
a<
br>2
a
3
a
4
2S
.类比以上性质,体积
??
??k
,则
h
1
?2h
2
?3h
3
?4h
4
?
1234k
为
V
的三棱锥的第
i
个面
的面积记为
S
i
(
i?1,2,3,4
),此三棱锥内任一点
Q
到
第
i
个面的距离记为
H
i
(
i?1
,2,3,4
),若
S
1
S
2
S
3
S4
????K
,则
1234
H
1
?2H
2?3H
3
?4H
4
等于( )
A.
2VV3VV
B. C.
D.
K2KK3K
3.由直线与圆相切时,圆心到切点连线与直线垂直,想到平面与球相切时
,
球心与切点连线与平面垂直,用的是 ( )
A.归纳推理 B.演绎推理
C.类比推理 D.传递性推理
4.我们知道,在边长为a的正三角形内任一点到三边的距
离之和为定值
3
a,
2
类比上述结论,在边长为a的正四面体内任一点到其四
个面的距离之和为定值
( )
A.
6633
a B.a
C.a D.a
3434
5.平面几何中的三角形在立体几何中类比的对象是( )
A.三棱柱
B.三棱台 C.三棱锥 D.正方体
6.平面几何中,有边长
为
a
的正三角形内任一点到三边距离之和为定值
3
a
,
2<
br>试卷第1页,总12页
类比上述命题,棱长为
a
的正四面体内任一点到四个面的距离之和为
( )
A.
4566
a
B.
a
C.
a
D.
a
3434
7.天文学家经
研究认为:“地球和火星在太阳系中各方面比较接近,而地球有
生命,进而认为火星上也有生命存在”,
这是什么推理( )
A.归纳推理 B.类比推理 C.演绎推理
D.反证法
8.由“在平面内三角形的内切圆的圆心到三边的距离相等”联想到“在空间
中内
切于三棱锥的球的球心到三棱锥四个面的距离相等”这一推理过程是
( )
A.归纳推理 B.类比推理 C.演绎推理 D.联想推理
9.下列推理是归纳推理的是( )
A.A,B为定点,动点P满足|PA|+|PB|=2a>|AB|,则P点的轨迹为椭圆
B.由
a
1
?1,a
n
?3n?1
,求出
S
1
,S
2
,S
3
猜想出数列的前n项和S
n
的表
达式
x
2
y
2
C.由圆
x?y?r
的面积
?
r
,猜想出椭圆
2
?
2
?1
的面积
S
?
?
ab
ab
222
2
D.科学家利用鱼的沉浮原理制造潜艇
10.下列正确的是( )
A.类比推理是由特殊到一般的推理
B.演绎推理是由特殊到一般的推理
C.归纳推理是由个别到一般的推理
D.合情推理可以作为证明的步骤
11.①由“若a,b,c∈R,则(ab)c=a(bc
)”类比“若a、b、c为三个向量,
则(a·b)c=a(b·c)”;
n
②在数
列{a
n
}中,a
1
=0,a
n+1
=2a
n+2,猜想a
n
=2-2;
③在平面内“三角形的两边之和大于第三边”类比在
空间中“四面体的任意
三个面的面积之和大于第四个面的面积”;
上述三个推理中,正确的个数为( )
A.0 B.1 C.2
D.3
12.下面几种推理中是演绎推理的序号为( )
....
A.半径为
r
圆的面积
S?
?
r
2
,则单位圆的面积
S?
?
;
B.由金、银、铜、铁可导电,猜想:金属都可导电;
C.由平面三角形的性质,推测空间四面体性质;
D.由平面直角坐标系中圆的方程为
(x?a)?(y?b)?r
,推测空间直角坐
标系中球的方程为
(x?a)?(y
?b)?(z?c)?r
.
2222
222
试卷第2页,总12页
p>
13.由“正三角形的内切圆切于三边的中点”可类比猜想:正四面体的内切球
切于
四个面( )
A.各正三角形内一点 B.各正三角形的某高线上的点
C.各正三角形的中心 D.各正三角形外的某点
14.在平面几何中有如下结论:若正
三角形
ABC
的内切圆面积为
S
1
,外接圆
S
1<
br>1
?
S
2
S4
,推广到空间几何中可以得到类似结论:若正四
面体面积为,则
2
V
1
?
A?BCD
的内切球体积为
V
1
,外接球体积为
V
2
,则
V
2
(
)
1111
A.
4
B.
8
C.
16
D.
27
15.已知结论:“在正
?ABC
中,
BC中点为
D
,若
?ABC
内一点
G
到各边
AG<
br>.若把该结论推广到空间,则有结论:“在棱长都
?2
”
GD
相等的四
面体
ABCD
中,若
?BCD
的中心为
M
,四面体内部一点
O
到四面
AO
体各面的距离都相等,则
?
( ▲ )
OM
的距离都相等,则
A.1 B.2
C.3 D.4
16.现有两个推理:①在平面内“三角形的两边之和
大于第三边”类比在空间
中“四面体的任意三个面的面积之和大于第四个面的面积”;
②由“
若数列
?
a
n
?
为等差数列,则有
a
6
?
a
7
???a
10
a
1
?a
2
???a<
br>15
?
成
515
立”类比 “若数列
?
b
n
?
为等比数列,则有
5
b
6
b
7
???b
10
?
15
b
1
b
2
???b
1
5
成立”,
则得出的两个结论
A. 只有①正确 B. 只有②正确
C. 都正确 D. 都不正确
17.在平面上,若两个正三角形的边长比为1:
2.则它们的面积之比为1:4.类
似地,在空间中,若两个正四面体的棱长比为1:2,则它们的体积
比为( )
A.1:2 B. 1:4 C.
1:6 D. 1:8
18.下列平面图形中与空间的平行六面体作为类比对象较合适的是( )
A.三角形
B.梯形 C.平行四边形 D.矩形
19.由“半径为R的圆内接矩形中,正方形的
面积最大”,推理出“半径为R
的球的内接长方体中,正方体的体积最大”是( )
A. 归纳推理 B. 类比推理 C. 演绎推理
D.以上都不
是
20.学习合情推理后,甲、乙两位同学各举了一个例子,
试卷第3页,总12页
甲:由“若三角形周长为
l
,面积为
S
,则其内切圆半径
r
=
三棱锥表面积为
S
,体积
为
V
,则其内切球半径
r
=
2S
”类比可得“若
l
3V
”;
S
乙:由“若直角三角形两直角边长分别为
a
、
b
,则其外接圆半径
r
=
a
2
?b
2”类比可得“若三棱锥三条侧棱两两垂直,侧棱长分别为
a
、
b
、
c
,
2
a
2
?b
2
?c
2
则其
外接球半径
r
=”.这两位同学类比得出的结论( )
3
A.两人都对
B.甲错、乙对
C.甲对、乙错 D.两人都错
21.求“方程<
br>3
x
?4
x
?5
x
的解”有如下解题思路:设
f(x)?()
x
?()
x
,则
3
5
4
5
f(x)
在
R
上单调递减,且
f(2)?1
,所以原方程
有唯一解
x?2
.类比上述
11
?
的解为 .
3
x
x
1
22.已知正三角形内切圆的半径是高的,把这个结论推广
到空间正四面体,
3
解题思路,方程
x
3
?x?
类似的结论
是____________.
23.在等差数列
?
a
n
?
中,若
a
10
?0
,则有
a
1
?a
2<
br>???a
n
?a
1
?a
2
???a
19?n
(n?19,且n?N
?
)
成立.类比上述性质,在等比数列?
b
n
?
中,若
b
9
?1
,
则存在的类似等式为________________________.
24.半径为r的圆的
面积
s(r)?
?
r
,周长
C(r)?2
?
r,若将r看作(0,+
∞)上的变量,则
(
?
r)'?2
?r
①,①式用语言可以叙述为:圆的面积函数的
导数等于圆的周长函数.对于半径为
R
的球,若将
R
看作
(0,+?)
上的变量,
请写出类比
①的等式:____________________.上式用语言可以叙述为
__________
_______________.
25.已知圆的方程是
x?y?r
,则经过圆上
一点
M(x
0
,y
0
)
的切线方程为
222
2
2
试卷第4页,总12页
x
2
y
2<
br>x
0
x?y
0
y?r
类比上述性质,可以得到椭圆
2
?
2
?1
类似的性质为
ab
2
________.
26.在Rt△ABC中,若∠C=90°,AC=b,BC=a,则△ABC的外接圆半径r
a
2
?b
2
=,将此结论类比到空间有_________________
_______
2
27.设等差数列
?
a
n
?
的前n项和为
S
n
?
则
S
4
?S
8
?S
4
?S
12
?S
8
?S
16
?S<
br>12
成等差
数列.类比以上结论有:设等比数列
?
b
n
?
的前n项积为
T
n
?
则
T
16
T4
?
,
,
T
12
成等比数列.
28.在Rt△ABC中,若∠C=90°,AC=
b,BC=a,斜边AB上的高为h,则有结论
h
2
=,运用类比方法,若三棱锥的三
条侧棱两两互相垂直且长度分别为
a,b,c,且三棱锥的直角顶点到底面的高为h,则有结论:
.
29.已知边长分别为a、b、c的三角形ABC面积为S,内切圆O半径为r,连<
br>接OA、OB、OC,则三角形OAB、OBC、OAC的面积分别为
由
S?
1
11
cr
、
ar
、
br
,
222
1112
S
,类比得四面体的体积为V,四个面
cr?ar?br
得
r?
22
2a?b?c
的面积分别为
S
1
,S
2
,S
3,S
4
,则内切球的半径R=_________________
30.已知
点
A(x
1
,a
x
1
),B(x
2
,a<
br>x
2
)
是函数
y?a
x
(a?1)
的图象上
任意不同两点,
依据图象可知,线段AB总是位于A、B两点之间函数图象的上方,因此有结论
x
1
?x
2
a
x
1
?a
x
2?a
2
成立.运用类比思想方法可知,若点
2
A(x
1
,sinx
1
),B(x
2
,sinx
2
)
是函数
y?sinx(x?(0,
?
))
的图象上任意不同两
点,则类似地
有_________________成立.
31.如图(1)有面积关系:
=________.
PA
?
?P
B
?
V
S
?PA
?
B
?
=,则图(2)有
体积关系:
P?A
?
B
?
C
?
PA?PB
S
?PAB
V
P?ABC
试卷第5页,总12页
32.在平面上,我们用一直线去截正方形的一个角,那么截下的一个直角三角
形,
按如图所标边长,由勾股定理有
c?a?b
.设想正方形换成正方体,
把截线换成如图
截面,这时从正方体上截下三条侧棱两两垂直的三棱锥
222
O?LMN
,如果用S
1
,S
2
,S
3
表示三个侧面面积,
S4
表示截面面积,那么类
比得到的结论是 .
1
33.已知正三角形内切圆的半径
r
与它的高
h
的关系是:
r?h
,把这个结论
3
推广到空间正四面体,则正四面体内切球的半径
r与正四面体高
h
的关系
是 .
34.在平面上,到直线的距离等于定长的点的轨迹是两条平行直线.类比在空
间中:
(1)到定直线的距离等于定长的点的轨迹是 ;
(2)到已知平面相等的点的轨迹是 .
35.现有一个关于平面图形的命
题:如图,同一个平面内有两个边长都是
a
的
正方形,其中一个的某顶点在另一个的中
心,则这两个正方形重叠部分的面积
a
2
恒为;类比到空间,有两个棱长均
为
a
的正方体,其中一个的某顶点在另
4
一个的中心,则这两个正方体重叠部
分的体积恒为___________ .
试卷第6页,总12页
36.若等差数列
?
a
n
?
的首
项为
a
1
,
公差为
d
,前
n
项的和为S
n
,则数列
{
等差数列,且通项为
S
n
}<
br>为
n
S
n
d
?a
1
?(n?1)?
.类似地,请完成下列命题:若各项
n2
均为正数的等比数列
{b
n
}
的首项为
b
1
,公比为
q
,前
n
项的积
为
T
n
,
则 .
37.对于问题:“已知关于
x
的不等式
ax
2
?bx?c?0
的解集为(-1,2),解关于
x
的不等式
ax
2
?bx?c?0
”,给出如下
一种解法:
解:由
ax
2
?bx?c?0
的解集为(-1,2),得
a(?x)?b(?x)?c?0
的解
集为(-2,1),
即关于
x
的不等式
ax
2
?bx?c?0
的解集为(-2,1)
2
kx?b
1
??0
的解集为(-1, <
br>?
)
?
x?ax?c3
1kxbx?1
(,1),则关于x
的不等式
??0
的解集为________________
2ax
?1cx?1
参考上述解法,若关于
x
的不等式
38.在平面上,若两个正三
角形的边长的比为1∶2,则它们的面积比为1∶4,
类似地,在空间内,若两个正四面体的棱长的比为
1∶2,则它们的体积比为
________.
39.已知抛物线有性质:过抛物线的焦点作
一直线与抛物线交于
A
、
B
两点,
则当
AB
与抛物
线的对称轴垂直时,
AB
的长度最短;试将上述命题类比到其
他曲线,写出相应的一个
真命题为 .
40.将侧棱相互垂直的三棱锥称为“直角三棱锥”,三棱
锥的侧面和底面分别
叫为直角三棱锥的“直角面和斜面”;过三棱锥顶点及斜面任两边中点的截面
均称为斜面的“中面”.请仿照直角三角形以下性质:(1)斜边的中线长等于
斜边边长的一半;(2
)两条直角边边长的平方和等于斜边边长的平方;(3)斜
边与两条直角边所成角的余弦平方和等于1.
写出直角三棱锥相应性质(至少
一条):_____________________.
4
2.通过圆与球的类比,由“半径为
R
的圆的内接矩形中,以正方形的面积为
最大,最
大值为
2R
2
.”猜想关于球的相应命题为“半径为
R
的球内接六面
体
中以 的体积为最大,最大值为 ” 43.在平面内,三角形的面积为S,周长为C,则它的内切圆的半径
r?
2S
.
在
C
空间中,三棱锥的体积为V,表面积为S,利用类比推理的方法,可得三棱锥
的内
切球(球面与三棱锥的各个面均相切)的半径R=______________________。
(二)选做题
(
14、15题,考生只能从中选做一题,两题都选的只计算第14
试卷
第7页,总12页
题的得分.
)
44.已知结论:“正三角形中心到顶点的距离是到对边中点距离的2倍”。若把
该结论推广到
空间,则有结论:
45.在等差数列
?
a
n
?
中,若
a
10
?0
,则有等式
a
1
?a
2
?????a
n
?a
1
?a
2
?????a
19?n
(n?19,n?N
*
)
成立,类比上述性
质,在等比数列
?
b
n
?
中,若
b
9
?1
,则有等
式
.
114
??
a
1
,a
2
a
1
?a
2
?m
aa
2
m
,用46.已知命题“设是正实数,
如果,则有
1
类比思想推广,”设
a
1
,a
2
,a
3
是正实数,如果
a
1
?a
2
?a
3?m
,
则 。
47.在圆中有结论:如图所示,“
AB
是圆
O
的直径,直线
AC
,
BD
是圆
O
过
A
,
B
的切线,
P
是圆
O<
br>上任意一点,
CD
是过
P
的切线,则有
PO
2
=
PC
·
PD
”.类
比到椭圆:“
AB
是椭圆的
长轴,直线
AC
,
BD
是椭圆过
A
,
B
的
切线,
P
是椭圆
上任意一点,
CD
是过
P
的切线,
则有__▲__.”
48.在平面几何中,已知“正三角形内一点到
三边距离之和是一个定值”,类
比到空间写出你认为合适的结论: .
.
x
2
y
2
49.若点
P
0
(x
0
,y
0
)
在椭圆
2
?
2
?1(a?b
?0)
外,过点
P
0
作该椭圆的两
ab
条切线的切点分别为
P
1
,P
2
,则切点弦
P
1
P
2
所在直线的方程为
x
2
y
2
x
0
xy0
y
?
2
?1
.那么对于双曲线
2
?
2
?1(a?0,b?0)
,类似地,可以得
2
ab
ab
试
卷第8页,总12页
x
2
y
2
到一个正确的命题为
“若点
P
0
(x
0
,y
0
)
不在双曲线<
br>2
?
2
?1(a?0,b?0)
ab
上,过点
P0
作该双曲线的两条切线的切点分别为
P
1
,P
2
,则
切点弦
P
1
P
2
所在直
线的方程为 ”. <
br>50.对于平面几何中的命题:“夹在两条平行线之间的平行线段相等”,在立体几
何中,类比上
述命题,可以得到命题:“___________________________”这个类比
命题
的真假性是________
51.将侧棱相互垂直的三棱锥称为“直角三棱锥”,三棱锥的侧面和底
面分别
叫直角三棱锥的“直角面和斜面”;过三棱锥顶点及斜面任两边中点的截面均
称为斜面的
“中面”.已知直角三角形具有性质:“斜边的中线长等于斜边边
长的一半”.仿照此性质写出直角三棱
锥具有的性质: .
52.试通过圆和球的类比,由“半径为R的圆
内接矩形中,以正方形的面积最
大,最大值为
2R
2
”,猜测关于球的相应命
题
由 。
53.下列使用类比推理所得结论正确的序号是______________
rrrrrr
r
(1)直线
a,b,c
,若
ab,bc
,则
ac
.类推出:向量
a,b,c
,若
ab,bc
rr
则
ac
(2)同一平面内,三条不同的直线
a,b,c
,若
a?c,b?c<
br>,则
ab
.类推出:
空间中,三条不同的直线
a,b,c
,若
a?c,b?c
,则
ab
(3)任意
a,b?R,a?b
?0
则
a?b
.类比出:任意
a,b?C,a?b?0
则
a
?b
(4)、以点
(0,0)
为圆心,
r
为半径的圆的方
程是
x?y?r
.类推出:以点
222
(0,0,0)
为球心,r
为半径的球的方程是
x
2
?y
2
?z
2?r
2
54.等差数列有如下性质,若数列
{a
n
}
是等差数列,则当
b
n
?
a
1
?a
2???a
n
时,数列{b
n
}
也是等差数列;类比上述性质,
相应地
n
{c
n
}
是正项等比数列,当
d
n
?
时,数列
{d
n
}
也是等比数列。 55.在Rt△ABC中,CA⊥CB,斜边AB上的高为
h
1
,则
11
1
??
;类
h
1
2
CA
2
CB
2
试卷第9页,总12页
比此性质,如图,在四面体P—ABC中,若PA,P
B,PC两两垂直,底面ABC上
的高为h,则h与PA, PB, PC有关系式:
.
D
O
56.若
{b
n<
br>}
是等比数列,
m,n,p
是互不相等的正整数,则有正确的结论:
?
b
p
?
?
b
m
??
?
?
?
?
b
n
?
?
b
p
m,n,p
是
m
?
?
?
?
n
?
b
?
?
?
n
?
?1
.类比上述性质,相应地,若
{a
n<
br>}
是等差数列,
?
b
m
?
p
互不相等的正整
数,则有正确的结
论:
. .
57.我们知道:周长一定的所有矩形中,正方形的面积最大;周长一定的所有
矩形
与圆中,圆的面积最大.将这些结论类比到空间,可以得到的结论
是 .
58.在平面直角坐标系中,以点
(x
0
,y
0
)
为圆心,
r
为半径的圆的方程为
(x?x
0
)
2
?(y?y
0
)
2
?r
2
,类比圆的方程,请写出在空间直角坐标系中
以点
P(x
0
,y
0
,z
0
)
为球心,半
径为
r
的球的方程为 .
59.在平面几何里,已知直角三角形ABC中,角C为
90
o
,AC=b,BC=a,运用
类比方法探求空间中三棱锥的有关结论:
有三角形的勾股定理,给出空间中三棱锥的有关结论:________
a
2
?b
2
若三角形ABC的外接圆的半径为
r?
,给出空间中三棱锥的有关结
2
论:________
2
60.已知P(x
0
,y0
)是抛物线y=2px(p>0)上的一点,过P点的切线方程的斜率可
通过如下方式求
得:
2
在y=2px两边同时求导,得:
2yy'=2p,则y'=
p
p
,所以过P的切线的斜率:k=.
y
0
y
试卷第10页,总12页
试用上述方法求出双曲线x-=1在P(
2
,)处的切线方程为
.
61.在平面几何中,△
ABC
的内角平分线
CE
分
A
B
所成线段的比为
AEAC
,
=
EBBC
把这个结论类比到
空间:在三棱锥
A
-
BCD
中(如图所示),平面
DEC
平
分二面
角
A
-
CD
-
B
且与
AB
相交于
E
,则得到的类比的结论是________.
62.类比平面几何中“三角形任两边之和大于第三边”,得空间相应的结
论为________.
63. 已知O是△ABC内任意
一点,连结AO、BO、CO并延长交对边于A′,B′,C′,
则
OA'OB'OC'
++=1,这是一道平面几何题,其证明常采用“面积法”.
AA'BB'CC'
OA'O
B'OC'
S
?OBC
S
?OCA
S
?OAB
S<
br>?ABC
++=++==1,
AA'BB'CC'
S
?ABC
S
?ABC
S
?ABC
S
?ABC
请运用类比思想,对于
空间中的四面体V—BCD,存在什么类似的结论?并用
体积法证明.
64.把空间平行六面
体与平面上的平行四边形类比,试由“平行四边形对边相
等”得出平行六面体的相关性质.
6
5.如图(1),在三角形
ABC
中,
AB?AC
,若
AD?BC<
br>,则
AB
2
?BD·BC
;
若类比该命题,如图(2),三棱
锥
A?BCD
中,
AD?
面
ABC
,若
A
点在三角
形
BCD
所在平面内的射影为
M
,则有什么结论?命题是否
是真命题.
试卷第11页,总12页
66.(本小题12分)类比平面直角三角形的勾股定
理,试给出空间中四面体性
质的猜想,并证明。
试卷第12页,总12页
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参考答案
1.C
【解析】
试题分析:设内切球的球心为O,所以可将四面体
的四个
面的面积,
分为四个小的三棱锥,即
以
,而四个小三棱锥的底面积分别是四面体
高是内切球的半径,所
故选C。
考点:类比推理。
【方法点睛】类比
推理是一种重要的推理方法,可以根据已知题目方法推理出所求题目的方
法,甚至直接从形式上推理出答
案。本题可以通过三角形面积与内切圆半径的关系的推导方
法,推理出四面体的体积与其内切球的半径的
关系。三角形的内切圆的圆心与三个顶点相连
可将三角形分为三个小的三角形,每个小三角形的底边是原
三角形的边,高为其内切圆的半
径,运用类比推理,可将四面体的内切球的球心将四面体分为四个小的四
面体,每个小四面
体的底面是原四面体的四个面,高为其内切球的半径,从而得解。
2.C
【解析】
3V
;证明如下:连接
Q
与三棱锥的四个顶
K<
br>点,则将原三棱锥分成四个小三棱锥,其体积和为
V
,即
S
1SSS<
br>V
1
?V
2
?V
3
?V
4
?V,
(S
1
H
1
?S
1
H
1
?
S
1
H
1
?S
1
H
1
)?V
,又
由
1
?
2
?
3
?
4
?K
,
31234
K
得
S
1
?K
,
S
2
?2K
,
S
3
?3K
,
S
4
?4K,则
(H
1
?H
2
?H
3
?H
4)?V
,即
3
3V
,故选C.
H
1
?2H<
br>2
?3H
3
?4H
4
?
K
试题分析:类比,
得
H
1
?2H
2
?3H
3
?4H
4
?
考点:类比推理.
【名师点睛】类比推理的应用一般分类比定义、类比性质和类比方法.
类比定义:在求解由某种熟悉的定义产生的类比推理型试题时,可以借助原定义来求解;
类比
性质:从一个特殊式子的性质、一个特殊图形的性质入手,提出类比性问题,求解时要
认真分析两者之间
的联系与区别,深入思考两者的转化过程是求解的关键;
类比方法:有一些处理问题的方法具有类比性
,可将这种方法类比应用到其他问题的求解中,
注意知识的迁移.
3.C
【解析】
试题分析:类比推理是根据两个或两类对象有部分属性相同,从而推出它们的其他属性也相
同的
推理。本题中描述的都是关于相切问题下的性质,因此属于类比推理
考点:类比推理
4.A
【解析】
?
23
?
6
试题分析:此四棱锥的高为
a
2
?
?
?a?a
,
?
32
?
?
3
??
答案第1页,总15页
2
本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。
所以此
棱锥的体积为
V?
1
?
1
2
62
3o
?<
br>asin60?a?a
,
??
3
?
2312
?棱锥内任意一点到四个面的距离之和为
h
,可将此棱锥分成4个同底的小棱锥根据体积相等
可得
V?
1
?
1
2
2
3o
?asin60h?a
,
??
3
?
212
?
6
a
.故A正确.
3
解得
h?
考点:1棱锥的体积;2类比推理.
5.C
【解析】
试题分析:一般平面几何中的点对应立体几何中的线,线对应平面,所以对应的是三棱锥.
考点:类比推理
6.C
【解析】
试题分析:设任一点
O
到四个平面
ABC,ABD,ACD,BCD
的距离分别为
d
1
,
d
2
,d
3
,d
4
,
则正四面体的体积
V
A?BCD
?V
O?ABC
?V
O?ABD
?V
O
?ACD
?V
O?BCD
?
正四面体的体积等于
V?1
?
S
?ABC
?d
1
?S
?ABD
?d
2
?S
?ACD
?d
3
?S
?BCD
?d
4
?
3
11
?S
?
?h??S
??
?
d
1
?d
2
?d
3
?d
4
?
,所以
33
d
1
?d
2
?d
3
?d
4
?h
,这样转化为求正四面体的高,求法,如图:
由点
A
向平面
BCD
引垂线,垂足为
P
,连
BP
,这样在直角三角形
ABP
内,根据勾股定理:
AP?h?
?
3
?
6
?
?AB
2
?BP
2<
br>?a
2
?
?
aa
,故选C.
?
3
?
3
??
答案第2页,总15页
2
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考点:1.类比推理;2.等体积转化求高.
7.B
【解析】
试题分析
:类比推理是根据两个或两类对象有部分属性相同,从而推出它们的其他属性也相
同的推理.
考点:类比推理
8.B
【解析】
试题分析:圆的圆心
?
三棱锥的球的球心,相同类型,用类比方法.
考点:类比推理.
9.B
【解析】
试题分析:A选项用的双曲线的定义
进行推理,不符合要求.B选项根据前3个
S
1
,S
2
,S
3
的值,猜想出S
n
的表达式,属于归纳推理,符合要求.C选项由圆x+y=r的面
积S=πr,
2222
x
2
y
2
1
的面积
S?
?
ab
,用的是类比推理,不符合要求.D选项用的是演猜想出椭圆
2<
br>?
2
=
ab
绎推理,不符合要求.故选B.
考点:归纳推理.
10.C
【解析】
试题分析:对于A,类比推理是从
个别到个别的推理,故A错;对于B:演绎推理是由一般到
特殊的推理,故B错;对于C:归纳推理是由
个别到一般的推理,是正确的;对于D:合情
推理不可以作为证明的步骤,故D错;因此选C.
考点:推理方法.
11.
C
【解析】
试题分析:①显然错误,向量没有结合律;
②根据
a
n?1
?2
a
n
?2
,可构造出
a
n?1
?m?2(a
n?m)
,即
m?2
,可得
a
n?1
?2
?2<
br>,该数列
a
n
?2
nn
是公比为2,首项是
a
1
?2?2
的等比数列, 所以其通项公式为
a
n
?2?2
,可得
a
n
?2?2
,
正确;
③四面体就是三棱锥,可
看作是底面三角形中任取一点,将其向上提而形成的几何体,显然三
个侧面的面积之和大于底面面积.正
确.
考点:向量运算定律;利用递推公式构造等比数列求通项公式;空间几何的猜想.类比推理.
12.A
【解析】
试题分析:根据演绎推理的定义,应该是从一般性的原理出发,
推出某个特殊情况下的结论,
只有A符合从特殊到一般这一特征.
考点:演绎推理的定义.
13.C
答案第3页,总15页
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【解析】
试题分析:四面体的面可以与三角形的边类比,因此三边的中点也就类比成各三角形的中心,
故选C.
考点:类比推理.
14.D
【解析】平面上,若两个正三角形的内切圆与外接圆面
积的比为1:4,则它们的半径比为1:
2,类似地,由平面图形面积类比立体图形的体积,得出:在空
间内,若两个正四面体的外
接球的半径比为1:3,则它以体积比为 1:27,故选D
15.C
【解析】解:设正四面体ABCD边长为1,易求得AM=
等,
所以O为四面体的内切球的球心,设内切球半径为r,则有r=3V S表
,可求得r即OM=
6
,又O到四面体各面的距离都相
3
6
,
12
所以AO=AM-OM=
6
,所以AO OM =3 故答案为:3
4
16.C
【
解析】因为在平面内“三角形的两边之和大于第三边”类比在空间中“四面体的任意三个
面的面积之和大
于第四个面的面积”成立。同理根据等差中项与等比中项性质可知也成立,
选C
17.D
【解析】
试题分析:
由平面图形面
积类比立体图形的体积,结合三角形的面积比的方法类比求四面体的体积比即
可解:平面上,若两个正三
角形的边长的比为1:2,则它们的面积比为1:4,类似地,由
平面图形面积类比立体图形的体积,得
出:在空间内,若两个正四面体的棱长的比为1:2,
则它们的底面积之比为1:4,对应高之比为1:
2,所以体积比为 1:8故选D
考点:类比推理
点评:本试题主要是考查了类比
推理,类比推理是指依据两类数学对象的相似性,将已知的
一类数学对象的性质类比迁移到另一类数学对
象上去。
18.C
【解析】
试题分析:根据题意 ,由于平面图形中与空间的平
行六面体作为类比对象,那么最适合的
为平行四边形的运用,故可知答案为C.
考点:类比推理
点评:主要是考查了类比推理的运用,属于基础题。
19.B
【解析】
试题分析:类比推理的一般步骤是:(1)找出两类事物之间的相似性或一致性;(
2)用一类
事物的性质去推测另一类事物的性质,得出一个明确的命题(猜想).所以,由“半径为R<
br>的圆内接矩形中,正方形的面积最大”,推理出“半径为R的球的内接长方体中,正方体的
答案第
4页,总15页
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体积最大”是类比推理。选B。
考点:本题主要考查类比推理。
点评:简单题,类
比推理的一般步骤是:(1)找出两类事物之间的相似性或一致性;(2)用
一类事物的性质去推测另一
类事物的性质,得出一个明确的命题(猜想).
20.C
【解析】利用等面积与等体积法可
推得甲同学类比的结论是正确的;把三条侧棱两两垂直的
三棱锥补成一个长方体,则此三棱锥的外接球半
径等于长方体的外接球半径,可求得其半径
a
2
?b
2
?c
2
r
=,因此,乙同学类比的结论是错误的.
2
21.-1或1
【解析】
试题分析:设
f
?
x
?
?x
3
?x?
?
?
11
?
?
?
函数的增区间为<
br>?
??,0
?
3
xx
??
?
0,??
?
且
f
?
?1
?
?0,f
?
1
?
?0
,所以方程
x
3
?x?
考点:方程与函数的互相转化
22.正四面体内切球的半径是高的
11
?
的解为-1或1
3
x
x
1
4
【解析】
试题分析:类比
推理是根据两个或两类对象有部分属性相同,从而推出它们的其他属性也相
同的推理。本题中正三角形内
切圆类比到空间为正四面体内切球,因此类似的结论为正四面
体内切球的半径是高的
考点:类比
推理
23.
b
1
b
2
?b
n
?b
1
b
2
?b
17?n
(n?17,且n?N)
【解析】
试题分析:等差是加,等比就是乘,由已知,当
19-n?n
时,
n?10
右边-左边等于
?
1
4
a
n?
1
?a
n?2
?....?a
19?n
=
?
19-
2n
?
a
10
?0
,所以原式成立,当
n?10
时
,左边-右边等于
a
20?n
?a
21?n
?...?a
n
?
?
2n?19
?
a
10
?0
,所以原式
成立当为等比数列时,猜想
b
1
b
2
?b
n
?b<
br>1
b
2
?b
17?n
(n?17,且n?N
?
)
,当
17?n?n
时,
n?9
时,右边左边
b
17?n
?b
9
=
b
n?1
b
n?2
..
....
b
n
?b
9
=
b
18?n
b19?n
......
17?2n
?1
等式成立,当
17?n?
n
时,即
n?9
时,右边左边
2n?17
?1
,等式成立。
考点:1.类比推理;2.等差数列的性质;3.等比数列的性质.
24.
(
4
3
?
R)'?4
?
R
2
,球的体积函数的导数
等于球的表面积函数
3
【解析】
答案第5页,总15页
本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。
试题分析:根据导数的计算公式知:
(
等于球的表面积函数.
考点:类比推理
4
3
?
R)'?4
?
R
2
,用语言叙述为球的体积函数的导数
3
x
2
y
2
xxyy
)
25.经过椭圆
2
?
2
?1
上一点P(x
0
,y
0
的切线方程为
0
2
?
0
2
?1
ab
ab
【解析】圆的性质中,经过圆上一点<
br>M(x
0
,y
0
)
的切线方程就是将圆的方程中的一个
x
与
y
x
2
y
2
)
分别用
M(
x
0
,y
0
的横坐标与纵坐标替换.故可得椭圆
2
?
2
?1
类似的性质为:过椭圆
ab
x
2
y
2<
br>x
0
xy
0
y
P(x,y)
??1
上一点的
切线方程为
?
2
?1
.
00
22
2
ab
ab
26.在三棱锥A—BCD中,若AB、AC、AD两两互相垂直,且AB=a,AC=b
,AD=c,则此三
a
2
?b
2
?c
2
棱锥的外接
球半径R=
2
【解析】
试题分析:根据类比推理的特点,平面中的直角三角形
应类比空间中三十个侧面两垂直的三
棱锥;平面中三角形的外接圆类比空间中三棱锥的外接球,于是答案
应填:在三棱锥A—BCD
中,若AB、AC、AD两两互相垂直,且AB=a,AC=b,AD=c,
则此三棱锥的外接球半径R
a
2
?b
2
?c
2
=
2
考点:合情推理.
27.
T
8
T
12
T
4
T
8
【解析】
试题分析:当数列是等差数列时
S
4
?S
8
?S
4
?S
12
?S
8
?S
16
?S
12
成立,所以由类比推理可得:
当数列
是等差数列时应为
考点:类比推理.
28.h
2
=
T
8
T
12
.
T
4
T
8
a
2
b
2
c
2
222222
ab?bc?ca
【解析】
试题分析:
如图,设PA、PB、PC为三棱锥的三条两两互相垂直的侧棱,
答案第6页,总15页
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三棱锥P-ABC的高为PD=h,
连接AD交BC于E,
∵PA、PB、PC两两互相垂直,
∴PA⊥平面PBC,PE?平面PBC,
∴PA⊥PE,PA⊥BC,
∴AE⊥BC,PE⊥BC
?PE
2
b
2
c
2
?
2
b?c
2
,
PA
2
PE
2
?h?PD?
PA
2
?PE
2<
br>22
b
2
c
2
a?
22
b?c
?<
br>b
2
c
2
2
a?
2
b?c
2
2
=
a
2
b
2
c
2
a
2
b
2
?b
2
c
2
?c
2
a<
br>2
考点:类比推理.
29.
3V
S
1
?
S
2
?S
3
?S
4
【解析】
试题分析:设球心为
O,分别连结四个顶点与球心O,将四面体分割成底面面积分别为
1111
S
1
,S
2
,S
3
,S
4
高为R的三棱锥,其体积分别为S
1
R
,
S
2
R
,
S
3R
,
S
4
R
,由
3333
V=
3V<
br>1111
.
S
1
R
+
S
2
R+
S
3
R
+
S
4
R
得,R=
S
1
?S
2
?S
3
?S
4
3333
考点:类比推理
30.
sinx
1
?sinx
2
x?x
?sin
12
22
【解析】
试题分析:由于函数
y?a
x
(a?1)
的图象上任意不同两点,依据图象可知,线段AB总是位
答案第7页,总15页
本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。
x
1
?x
2
a
x
1
?a
x
2
于A、B两点之间函数图象的上方,因此有结论
?a
2
成立;而函数2
y?sinx(x?(0,
?
))
的图象上任意不同两点
A(
x
1
,sinx
1
),B(x
2
,sinx
2)
的线段总是位于A、
B两点之间函数图象的下方,类比可知应有:
考点:类比推
理.
31.
sinx
1
?sinx
2
x?x
?s
in
12
成立.
22
PA
?
?PB
?
?PC
?
PA?PB?PC
【解析】
试题分析:过点
PAC,
V
P
?A'B'C'
?
p作直线
A
'
H
'
?
平
面PAC,
BH?
平面
11
A'H'S
PB'C'
;
V
P?ABC
?BHS
PAC
33
1
?
1
f()?(?1)
2
?2,(1?a?0)
?
因为
A
'H'BH
,所以由(1)类比得
a
?
a
?
f(a)?(a
?1)
2
?2,(a?1)
?
1
A'H'S
PB'C'V
P?A'B'C'
3
PB'PC'A'H'PA
?
?PB?
?PC
?
===
1
PAPCBHPA?PB?PC
V
P?ABC
BHS
PAC
3
考点:类比法.
32.s
1
?s
2
?s
3
?s
4
【解析】
试题分析:由正方形截下的一个直角三角形,有勾股定理
c?a?b
,即两边的平方等于
截边的平方,所以类比得
s
1
?s
2
?s
3
?s
4
。
考点:合情推理的运用
1
33.
r?h
4
【解析】
试题分析:球心到
正四面体一个面的距离即球的半径r,连接球心与正四面体的四
个顶点.把正四面体分成四个高为r的三
棱锥,所以4×
所以r=
2222
2222
222
11
×S
×r= ×S×h,
33
1
h(其中S为正四面体一个面的面积,h为正四面体的高)
4
答案第8页,总15页
本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。
故答案为:r=
1
h.
4
考点:类比推理.
34.(1)圆柱面(2)两个平行平面
【解析】
试题分析:(1)因为
在平面上,到直线的距离等于定长的点的轨迹是两条平行直线,当这个
平面绕着定直线旋转半周,就变成
了空间的情况,此时原来的两条平行直线绕定直线旋转半
周后变成了圆柱面,故在空间中,到定直线的距
离等于定长的点的轨迹是圆柱面;(2)由在
平面上,到直线的距离等于定长的点的轨迹是两条平行直线
,当把定直线变成平面时,轨迹
的两条平行直线也相应变成两个平行平面,故到已知平面相等的轨迹是两
个平行平面.
考点:类比推理.
a
3
35.
8
【解析】
试题分析:本题主要考查类比推理的知识点,解答本题的关键是根据平面
中正方形的性质类
比推理出空间正方体的性质特征,本题难度不是很大.同一个平面内有两个边长都是<
br>a
的正
a
2
方形,其中一个的某顶点在另一个的中心,则这两个正方形
重叠部分的面积恒为,类比
4
到空间有两个棱长均为
a
的正方体,其中一个的
某顶点在另一个的中心, 则这两个正方体
a
3
重叠部分的体积恒为.
8
考点:合情推理中的类比推理.
36.数列
{
n
Tn
}
为等比数列,且通项为
n
T
n
?b
1(q)
n?1
.
【解析】
试题分析:根据等差数列与等比数列类似原
理,等差数列和的算术均值对应等比数列积的几
何均值,即数列
{
n
T
n
}
为等比数列,且通项为
n
T
n
?b
1
(q)
n?1
.
考点:类比
37.(-3,-1)
?
(1,2).
【解析】
22
试
题分析:由ax+bx+c>0的解集为(-1,2),得a(-x)+b(-x)+c>0的解集为(-2,1
),
发现-x∈(-1,2),则x∈(-2,1)
若关于x的不等式
kx?b1
1
??0
的解集为(?1,
?
)∪(,1),
x?ax?
c32
则关于x的不等式
1
kxbx?1
??0
可看成前者不等式中
的x用代入可得,
ax?1cx?1
x
则
1
1
1
∈(?1,
?
)∪(,1),即x∈(-3,-1)∪(1,2),
32
x
答案第9页,总15页
本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。
故答案为(-3,-1)∪(1,2) .
考点:1.归纳推理;2.一元二次不等式的应用.
38.1∶8
1
Sh
V
1
3
11
S
1
h
1
111【解析】考查类比的方法,
==?=?=
,所以体积比为1∶8.
V
2
1
Sh
S
2
h
2
428
22
3<
br>39.过椭圆的焦点作一直线与椭圆交于
A
、
B
两点,则当
A
B
与椭圆的长轴垂直时,
AB
的
2b
2
长度最短(
|AB|?
2
)
a
【解析】圆锥曲线有很多类似性质,“通径”最短是其中
之一,答案可以填:过椭圆的焦点
作一直线与椭圆交于
A
、
B
两点,
则当
AB
与椭圆的长轴垂直时,
AB
的长度最短
2b
2(
|AB|?
2
)
a
40.斜面的中面面积等于斜面面积的四分之一
【解析】(1)斜面的中面面积等
于斜面面积的四分之一;(2)三个直角面面积的平方和等于
斜面面积的平方;(3)斜面与三个直角面
所成二面角的余弦平方和等于1,等等.
41.
1111
?
2
?
2
?
2
2
abch
1111
?
2
?
2
?
2
.
?
PA、PB、PC两两互相垂直,
?
PA⊥平面PBC.
由已知
2
abch
bc
b?c
22
【解析】
有:P
D=,
h?PO?
a
2
b
2
c
2
.?h?
22
22
ab?b
2
c
2
?c
2
a
2
a?PD
a?PD
2
即
1111
???
a
2
b
2
c
2
h
2
83
3
R
42.正方体,
9
【解析】
43.
【解析】
44.正四面体的中心到顶点的距离是到对面中心距离的3倍
【解析】略
答案第10页,总15页
本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。
45.
b
1
b
2
?b
n
?b
1
b
2
?b
17?n
【解析】
考点:类比推理.
分析:根据等差数
列与等比数列通项的性质,结合类比的规则,和类比积,加类比乘,由类
比规律得出结论即可.
*
解:在等差数列{a
n
}中,若a
10
=0,则有等式a
1
+a
2
+…+a
n
=a
1
+a
2+…+a
19-n
成立(n<19,n∈N).,
*
故相应的在等比数
列{b
n
}中,若b
9
=1,则有等式b
1
b
2<
br>…b
n
=b
1
b
2
…b
17-n
(
n<17,n∈N)
*
故答案为:b
1
b
2
…b
n
=b
1
b
2
…b
17-n
(n<17,n∈N)
.
46.
【解析】略
47.PF
1
?PF
2
=PC?PD
【解析】略
48.正四面体(正方体)内一点到四(六)个面的距离之和是一个定值.
【解析】
考点:类比推理.
分析:根据平面中的某些性质类比推理出空间中的某些性质,一般遵循“点
到线”,“线到
面”,“面到体”等原则,由在平面几何中,已知“正三角形内一点到三边距离之和是一
个
定值”,是一个与线有关的性质,由此可以类比推出空间中一个与面有关的性质,由此即可
得
到答案.
解答:解:∵平面几何中,已知“正三角形内一点到三边距离之和是一个定值”,
根据平面中边的性质可类比为空间中面的性质
则我们可以将“正三角形”类比为“正四面体”(或“正六面体”,即“正方体”)
“到三边距离之和”类比为“到四(六)个面的距离之和”
故答案为:正四面体(正方体)内一点到四(六)个面的距离之和是一个定值
点评:本题考查
的知识点是类比推理,类比推理的一般步骤是:(1)找出两类事物之间的
相似性或一致性;(2)用一
类事物的性质去推测另一类事物的性质,得出一个明确的命题
(猜想).
49.
x<
br>0
xy
0
y
?
2
?1
2
ab
【解析】
x
2
y
2
解:
P
0
(x
0
,y
0
)
在椭圆
2
?
2
?1(a?b?0)
外,过点
P
0
作该椭圆的两条切线的
切点分别
ab
为
P
1
,P
2
,则切点弦
P
1
P
2
所在直线的方程为
x
0
xy
0y
?
2
?1
.那么对于双曲线
2
ab
x
2
y
2
x
2
y
2
?
2
?1(a
?0,b?0)
若点
P
0
(x
0
,y
0
)
不在双曲线
2
?
2
?1(a?0,b?0)
上,过点
2
abab
P
0
作该双曲线的两条切线的切点分别为
P
1
,P
2
,则切点弦
P
1
P
2
所在直线的方
程为
答案第11页,总15页
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x
0
xy
0
y
?
2
?1
a
2
b
50.夹在两个平行平面间的平行线段相等;真命题
【解析】平面几何中的平行线类比空间的平行平面就得到相应的命题,根据面面平行的性质
定理
可证得命题是真命题.
51.斜面的中面面积等于斜面面积的14
【解析】解:根据题意,
可得实施类比的思路:点变成线,线变成面,从二维平面转变到三
维空间;
(1)直角三角形具有性质:“两条直角边边长的平方和等于斜边边长的平方”,可得
以下性质:直角三棱锥中,三个直角面面积的平方和等于斜面面积的平方;
(2)直角三角形具有性质:“斜边的中线长等于斜边边长的一半”,可得
以下性质:直角三棱锥中,斜面的中面面积等于斜面面积的四分之一.
故答案为:直角三棱锥中,三个直角面面积的平方和等于斜面面积的平方
直角三棱锥中,斜面的中面面积等于斜面面积的四分之一
52.半径为R的球内接长方体中,以正方体
的体积最大,最大值为
83
3
R
;
9
【解析】解:在由平面几何的性质类比推理空间立体几何性质时,
一般为:由平面几何中点的性质,类比推理空间几何中线的性质;
由平面几何中线的性质,类比推理空间几何中面的性质;
由平面几何中面的性质,类比推理空间几何中体的性质;
故由:“周长一定的所有矩形中,正方形的面积最大”,
类比到空间可得的结论是:
“半径为R的球的内接长方体中以正方体的体积为最大,最大值为
83
3
R
”
9
83
3
”
R
.
9
故答案为:“半
径为R的球的内接长方体中以正方体的体积为最大,最大值为
53.(4)
rrrr
【解析】(1)中,当
a?0,a,c
不一定平行.故不正确;(2)在空间中,
a,
b
可平
行,相交和异面.故不正确;(3)在复数范围内,只有当两个数全为实数时,
才能比较大小.故不正确;(4) 正确
54.
n
c
1
c
2
Lc
n
【解析】解:因为等差数列有如下性质,若数列
{a
n
}
是等差数列,则
当
b
n
?
a
1
?a
2
???a
n
时,数列{b
n
}
也是等差数列;类比上述性质,相应地
{cn
}
是正项等
n
n
比数列,当
d
n
?
c
1
c
2
Lc
n
时,数列
{d
n
}
也是等比数列。
答案第12页,总15页
本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。
55.
1
?
1
?
1
?
1
2222
hPAPBPC
【解析】解:∵在平面上的性质,若Rt△ABC的斜边AB上的高
为h,则有
111
??
h
1
2
CA
2
C
B
2
我们类比到空间中,可以类比推断出:
在四面体P-
ABC中,若PA、PB、PC两两垂直,底面ABC上的高为h,有:
1111
故答案为:
1111
??????
h
2
PA
2
PB
2
PC
2
h
2
PA<
br>2
PB
2
PC
2
56.
m(a
p
?
a
n
)?n(a
m
?a
p
)?p(a
n
?
a
m
)?0
.
【解析】等差数列中的
b
n
和a
m
可以类比等比数列中的b和a,
nm
等差数列中的
bn
?a
m
可以类比等比数列中的
b
n
,等差数列中的
“差”可以类比等比数列
a
m
中的“商”.故
m(a
p
?a
n
)?n(a
m
?a
p
)?p(a
n
?a
m
)?0
.
57.表面积一定的所有长方体中,正方体的体积最大;表面积
一定的所有长方体与球中,球
的体积最大
【解析】
试题分析:表面积一定的所有长
方体中,正方体的体积最大;表面积一定的所有长方体与球
中,球的体积最大
考点:本题主要考查类比推理的意义。
点评:类比推理,是一个观察几个结论是不是通过类比
得到,本题解题的关键在于对于所给
的结论的理解.
58.
(x?x
0)
2
?(y?y
0
)
2
?(z?z
0
)
2
?r
2
【解析】
试题分析:设
P(x0
,y
0
,z
0
)
是球面上任一点,
由空间
两点的距离公式可得
(x?x
?
)?(y?y
?
)?(z?z
?
)?r
,
故答案为:
(x?x
0
)
2
?(y?y
0
)
2
?(z?z
0
)
2
?
r
2
考点:类比推理.
点评:类比推理是根据两个或两类对象有部分属性
相同,从而推出它们的其他属性也相同的
推理.简称类推、类比.它是以关于两个事物某些属性相同的判
断为前提,推出两个事物的
其他属性相同的结论的推理.立体几何中的类比推理主要体现在平面几何与立
体几何的类
比.
2222
59.在三棱锥O-ABC中,若三个侧面两两垂直,则<
br>S
?OAB
?S
?OAC
?S
?OBC
?S
?ABC
;在三棱
222
锥O-ABC中,若三个侧面两两垂直,且三条侧棱长分别为
a,b,c,则其外接球的半径为
答案第13页,总15页
本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。
a
2
?b
2
?c
2
r?
2
【解析】
试题分析:平面几何图形边长满足长度关系式,类比立体几
何图形面积满足一定关系式,三
角形中同一点出发的两线垂直,类比立体几何中同一条棱出发的三面互相
垂直,直角三角形
2222
三边的平方关系类比立体几何中的三面平方关系得关系式
S
?OAB
?S
?OAC
?S
?OBC
?S
?ABC
直角三角形外接圆半径与两直角边有关系式,类比立体几何棱锥外接球半径与互相垂直的三<
br>a
2
?b
2
?c
2
条棱有关系式
r?
2
考点:知识的类比迁移能力
点评:比较已知中给定的条件与所要类比的问题,
找到他们之间的类似点,采用已知中的关
系式形式类比写出所求的关系式
60.2x-y-=0
2
【解析】用类比的方法对=x-1两边同时求导得,yy'=2x,∴y'=,
∴y'===2,
=2(x-),∴2x-y-=0.
∴切线方程为y-
61.
AE
S
VACD
=
EB
S
VBCD
【解析】△
ABC
中作
ED
⊥
AC于
D
,
EF
⊥
BC
于
F
,则
ED
=
EF
.
∴
AC
S
VACE
AE
,
==
BCS<
br>VBCE
EB
类比:在三棱锥
A
-
BCD
中,过直线
AB
作一平面垂直于
CD
,并交
CD
于点
H
,则∠
AHB
是二
面角
A
-
CD
-
B<
br>的平面角,连结
EH
,则
EH
是∠
AHB
的角平分线
.
∴
AEAH
S
VACD
.
==
EBBHS<
br>VBCD
62.三棱锥任意三个面的面积之和大于第四个面的面积
【解析】平面中的三角形与空间中的三棱锥是类比对象,从而有结论.
1
S?hOE
h
1
3
?BCD1
V
O?BCD
63.在
四面体O—BCD与V—BCD中:===.
1
V
V?BCD
VEh
S
?BCD
?h
3
【解析】在四面体V—BCD中,任取一点O,连结VO
、DO、BO、CO并延长分别交四个面于
E、F、G、H点.
则
OEOFOGOH
+++=1.
VEDFBGCH
答案第14页,总15页
本卷由系统自动生成,请仔细校对后使用,答案仅供参考。
1
S?h
OE
h
1
3
?BCD1
V
O?BCD
在四
面体O—BCD与V—BCD中:===.
1
V
V?BCD
VEh
S
?BCD
?h
3
同理有:
∴
=
OF
V<
br>O?VBC
OG
V
O?VCD
OH
V
O?VBD=;=;=,
DF
V
D?VBC
BG
V
B?VCD<
br>CH
V
C?VBD
OEOFOGOH
+++
VEDFBGC
H
V
O?BCD
?V
O?VBC
?V
O?VCD
?
V
O?VBD
V
V?BCD
==1.
V
V?BCDV
V?BCD
ABCD
64.
S
Y
=
S
Y
A
1
B
1
C
1
D
1
,
S
Y
ADD
1
A
1
=
S
Y
BCC
1
B
1
,
S
Y<
br>ABB
1
A
1
=
S
Y
CDD
1
C
1
,
【解析】如图所示,
由平行四边形的性质可知AB=DC,AD=BC,
于是类比平行四边形的性质,
在平行六面体ABCD—A
1
B
1
C
1
D
1
中,
我们猜想:
S
Y
ABCD
=
S
Y
A
1B
1
C
1
D
1
,
S
Y
ADD
1
A
1
=
S
Y
BCC
1
B
1
,
S
Y
ABB
1
A
1
=
S<
br>Y
CDD
1
C
1
,
且由平行六面体对面是全等的平行四边形知,此猜想是正确的.
65.命题是:三棱锥
A?BCD
中,
AD?
面
ABC
,若
A
点在三角
形
BCD
所在平面内的射影
2
·S
△BCD
是一个真命题.
为
M
,则有
S
△ABC
?S
△BCM
【解析】命题
是:三棱锥
A?BCD
中,
AD?
面
ABC
,若
A
点在三角形
BCD
所在平面内的
2
·S
△BCD
是
一个真命题. 射影为
M
,则有
S
△ABC
?S
△BCM<
br>证明如下:
在图(2)中,连结
DM
,并延长交
BC
于E
,连结
AE
,则有
DE?BC
.
因为
AD?
面
ABC
,,所以
AD?AE
.
·ED
. 又
AM?DE
,所以
AE
2
?EM于是
S
2
△ABC
?
1
??
1
??<
br>1
?
?
?
BC·AE
?
?
?
BC·
EM
?
·
?
BC·ED
?
?S
△BCM
·
S
△BCD
.
?
2
??
2
??
2
?
2
【答案】(课本
p
26
例4)
2222
猜
想四面体有三个“直角面”
s
1
,s
2
,s
3
和一
个斜面s,类比勾股定理有
s?s
1
?s
2
?s
3
L
6
分
证明略。
【解析】略
答案第15页,总15页
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-
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