高中数学联赛备考手册pdf-高中数学直线与直线方程试题
2007年安徽省高中数学竞赛初赛试题
一.选择题
1.如果集合
A.B
同时满足
AUB?
?
1.2.3.4
?
AIB??
1
?
,
A?
?
1
?
,B?
?
1
?
就称有
序集对
?
A,B
?
为“好集
对”。这里的有序集对
?
A,B
?
意指当
A?B
,
?
A,B
?
和
?
B,A
?
是不同的集对,那么“好
集对”一共有( )个。
2.设函数
f
?
x
?
?l
g
?
10
?x
?1
?
,
方程f
?
?2
x
?
?
2
?
lg2
?
??
log
2
10
?
?1
f
?1
?2
x
?
的解
为()
?
lg2
??
2
?
log
2
10
?
?1
3.设<
br>A?100101102L499500
是一个1203位的正整数,由从100到500的全体三位数按顺序排列而成那么A除以126的余数是()
4.在直角
VABC
中,
?C?90
o
,
CD
为斜边上的高,D为垂
足.
AD?a,BD?b,CD?a?b?1
.设数列
?
u
k
?
的通项为
u
k
?a
k
?a
k?1
b?a
k?2
b
2
?L?
?
?1
?
b
k
,k?1,2,3,L,
则()
k
5.……删去所有和55互质的项之后,把余下的
各项按从小到大的顺
序排成一个新的数列
?
a
n
?
,易见<
br>a
1
?1,a
2
?3,a
3
?7,a
4?9,a
5
?13L
那么
a
2007
?_______
_____
A. 9597 B. 55
19
C.
2831
D.
2759
6.设
A
?1?cos3
0
+
1+cos7
0
+1+cos11
0
+
L
1+cos87
0
B?
1?cos3
0
+
1-cos7
0
+1-cos11
0
+
L
1-cos87
0
则
A:B?
??
7.边长均为整数且成等差数列,周长为60的钝角三角形一共有
______________种.
8.设
n?2007
,且
n
为使得
a
n
=
2-2?i2+2
取实数值的最小正整数,
则对应此
n
的
a
n
为
?
?
n
9.若正整数
n
恰好
有4个正约数,则称
n
为奇异数,例如6,8,10都是奇
异数.那么在27,42,
69,111,125,137,343,899,3599,7999这10个数
中奇异数有____
_________________个.
10.平行六面体
ABCD?A
1
B
1
C
1
D
1
中,顶点
A
出发的三条棱
AA
1,
AB,AD
的
长度分别为2,3,4,且两两夹角都为60
o
那么这个平行六面体的四条对
角线
AC
1
,BD
1
,DB
1
,CA
1
的长度(按顺序)分别为______
_____________
11.函数
f
?
x
?
,g<
br>?
x
?
的迭代的函数定义为
f
??
?
x?
?f
?
x
?
,f
?
12
?
?
x
?
?f
?
f
?
x
?
?
,L
f
?
n
?
?
x
?
?ff
?
n?1
?
?
x
?
,g
?
1?
?
x
?
?g
?
x
?
,g
?
2
?
?
x
?
?g
?
g
?
x
?
?
,Lg
?
n
?
?
x
??gg
?
n?1
?
?
x
?
????
其
中
n
=2,3,4…
?
f
?
9
?
?x
?
?g
?
6
?
?
y
?
?<
br>?
9
??
6
?
设
f
?
x
?
?2x?3,g
?
x
?
?3x?2
,则方程组
?<
br>?
f
?
y
?
?g
?
z
?
的
解为
?
?
9
??
6
?
fz?g
???x
?
?
?
_________________
12.设平行
四边形
ABCD
中,
AB?4,AD?2,BD?2
3,
则平行四边
形
ABCD
绕直线
AC
旋转所得的旋转体的体积为____________
___
三.解答题
13.已知椭圆
?:3x
2
?4y
2
?12
和点
Q
?
q,0
?
,
直线
l过Q且与?交于A,B
两点
(可以重合).
1)若
?AOB
为钝
角或平角(
O
为原点),
q?4,
试确定
l
的斜率的取值范
围.
2)设
A
关于长轴的对称点为
A
1
,
F为椭圆的右焦点,q?4,
试判断
A
1
和F,B
三
点是
否共线,并说明理由.
3)问题2)中,若
q?4,那么A
1
,F,B
三点能否共线请说明理由.
14.数列
?
x
n
?
由下式确定:
x
n?1
?
x
n
,n?1,2,3
,
L
,x
1
?1
,试求
2
2x
n
?1
lgx
2007
整数部分k?
?
lgx
2007
?
.
(注
?
a
?
表示不大于
a
的最大整
数,即
a
的整数
部分.)
15.设给定的锐角
VABC
的
三边长
a,b,c,正实数x,y,z
满足
ayzbzxcxy
???p,<
br>其中
p
为给定的正实数,试求
xyz
s?
?
b?c?
a
?
x
2
?
?
c?a?b
?
y
2
?
?
a?b?c
?
z
2
的最大值,并求出当
s
取此最大
值时,
x,y,z
的取值.
2007年安徽省高中数学竞赛初赛答案
一、 选择题
1.C.2.A.3.C.4.A.5.B6.D.
第1题解答过程
逐个元素考虑归属的选择.
元素1必须同时属于
A
和
B
.
元素2必须至少属于
A、B
中之一个,但不能同时属于
A
和
B
,有2
种选择:属于
A
但不属于
B
,属于
B但不属于
A
.
同理,元素3和4也有2种选择.
但元素2,3,4不能同时不属于
A
,也不能同时不属于
B
. 所以4个元素满足条件的选择共有
2?2?2?2?6
种.换句话说,“好集
对”
一共有6个.答:C.
第2题解答过程
10
?x
?10<
br>y
?1
,
?x?lg(10
y
?1)
,令
y
?lg(10
?x
?1)
,则
y?0
,且
10
?x
?1?10
y
,
x??lg(10
y
?1)
.从
而
f
f(?t)?f
?1
?1
(x)??lg(10
x?1)
.令
2
x
?t
,则题设方程为
(t)
,
即
lg(10
t
?1)??lg(10
t
?1)
,故
lg[(10
t
?1)(10
t
?1)]?0
,
(10<
br>t
?1)(10
t
?1)?1
,
10
2t
?
2
,
2t?lg2
,解得
2
x
?t?
1
l
g2
.从而
2
1
x?log
2
(lg2)?log
2
(lg2)?1
.答:A.
2
第3解答过程
注意
12
6?2?7?9
,2,7和9两两互质.因为
A?0
(mod2)
,
?100?101?102???500?(100?500)?401?2?120300?6
(m
od9)
,
所以
A?6
(mod18)
.(1)
又因为
10
3
??1
,
10
3n
?(?1)
n<
br>(mod7)
,所以
i
A?
?
(500?i)?10?
?
(500?i)?(?1)
3i
i?0i?0
400400<
br>?(500?499)?(498?497)?(496?495)???(102?101)?100<
br>?300?6
(mod7)
.(2),(1),(2)两式以及7和18互质,知
A?6
(mod126).
答:C.
999999?10
6
?1
,另解:,
n?1,2,3,?
(10
6
?1)(10
6n
?1)
126?2?63
,
63999999
,
所以
A?100?10
1200
?101102?10
1194
?103104
?10
1188
???497498?10
6
?499500
?999999B?60060300?999999C?60360
,
其中
B,C
为整数.从而
A?63D?60360?63E?6
,其中
D
,
E
为整数.所
以
A
除以63的余数为6.因为
A
是偶数,所以
A
除以126的余数也为
6.答:C.
第4解答过程
p>
2
(a?b)?ab
,易见
CD
2
?AD?BD
,即又已知
a?b?1
,故
ab?1
,
a(a?1)?1<
br>,
公比为
q??
a
2
?a?1?0
;
b2
?b?1?0
.显然
u
k
是首项为
a
k,
b(b?1)?1
,
b
a
a
k
(1?qk?1
)a
k?1
?(?b)
k?1
?
的等比数列的前
k?1
项和.故
u
k
?
,
k?1,2,3?
.
1?qa?b
即
u
k
?u
k?1
a
k?1
?(?b)
k?1
a
k?2
?(?b)
k?2
1
??
?[a
k?2
?a
k?1
?(?b)
k?
2
?(?b)
k?1
]
a?ba?b
a?b
?<
br>1
[a
k?3
?(?b)
k?3
]?u
k?2
,
k?1,2,3?
.
a?b
故答案为A.(易知其余答案均不成立)
2
(a?b)?ab
,另解:易见
CD
2
?AD?BD,即又已知
a?b?1
,故
ab?1
,
2
(a?b)?
(a?b)
2
?4ab?1
2
?4?1?5
,
a?b?5<
br>.解得
a?
5?1
,
b?
2
5?1
. <
br>2
显然
u
k
是首项为
a
k
,公比为
q??
的等比数列的前
k?1
项和,故
a
k
(1?qk?1
)a
k?1
?(?b)
k?1
11?5
k?1<
br>1?5
k?1
u
k
??
k?1,2,3,?
.
?[()?()]
,
1?qa?b
22
5
b
a
于
是数列
?
u
k
?
就是斐波那契数列1,2,3,5,8,13,21
,…,
它满足递推关系
u
k?2
?u
k?1
?u
k
,
k?1,2,3,?
.所以答案为A.
第5题解答过程
?<
br>a
n
?
可看成是在正整数数列1,2,3,4,5,6,7,…中删去所有能<
br>被2,5或11整除的项之后,把余下的各项按从小至大顺序排成的数
列.由三阶容斥原理,1,
2,3,4,…,
m
中不能被2,5或11整除
的项的个数为
?
m
??
m
??
m
??
m
??
m
??
m
??
m
?
x
m
?m?
??
?<
br>??
?
??
?
??
?
??
?
??<
br>?
?
,
?
?
2
??
5
??
11
??
55
??
22
??
10
??
1
10
?
其中
?
a
?
不表示不大于
a
的最大
整数,即
a
的整数部分.
估值:设
mmmmmmm111<
br>???????m?(1?)(1?)(1?)
252511
1410411
?m
,故
m?2007??5519
.
?m???
251
1
11
4
2007?x
m
?m?
又
因
?<
br>5519
??
5519
??
5519
??
5519<
br>??
5519
??
5519
??
5519
?
x
5519
?5519?
?
?
?
?
?
?<
br>?
?
?
?
?
?
???????
251155
2210
?????????????
110
?
?
=5519-2759-1103-501+100+250+551-50=2007,
并
且5519不是2,5,11的倍数,从而知
a
2007
?5519
.答:B
.
又解:
?
a
n
?
可看成是在正整数数列1,2,3,4
,5,6,7,…中
删去所有能被2,5或11整除的项之后,把余下的各项按从小至大顺
序排
成的数列.因为2,5,11是质数,它们的最小公倍数为110.易
见,-54,-53,…,0,1
,2,3,…,55中不能被2,5,11整除的
?3,?7,?9;?13,?17,?19;?21
,
数为
?1,
?23,?27,?29;?31,?37,?39;?41
,?43,?47,?49;?51,?53
,共40个.(或由
欧拉公式,1,2,3,…,
110中不能被2,5,11整除的数的个数,
等于1,2,3,…,110中与110互质的数的个数
,等于
111
?(110)?110?(1?)?(1?)?(1?)?40
.) <
br>2511
显然1,2,3,…中每连续110个整数,不能被2,5,11整除的数
都有
40个.所以,1,2,3,…,
110?50?5500
中,不能被2,5,11
整
除的数有
40?50?2000
个.大于5500中的数不能被2,5,11整除的,
是5500+1,5500+3,5500+7,5500+9,5500+13,5500+17,5500+
19,….
所以5519是第2007个不能被2,5,11整除的数,亦即所求的a
2007
?5519
.答:B.
第6题解答过程
1?co
s3
?
1?cos7
?
1?cos87
?
显然
?
????
222
2
A
?cos1.5
?
?cos3.5?
?cos5.5
?
???cos43.5
?
;
?s
in1.5
?
?sin3.5
?
?sin5.5
?
???s
in43.5
?
.
注意到
2cos
?
sin1
?
?sin(
?
?1
?
)?sin(
?
?1
?
)
,
2sin
?
sin1
?
?cos(
?
?1
?
)?cos(
?
?1
?
)
,
所以
?(sin44.5
?
?sin42.5
?
)
?sin44.5
?
?sin0.5
?
?2cos22.5
?sin22
?
,
?(cos42.5
?
?cos44.5?
)
?cos0.5
?
?cos44.5
?
?2sin
22.5
?
sin22
?
.
故
A:B?(2sin1?
?
A
2
):(2sin1
?
?
B
2
)?(2cos22.5
?
sin22
?
):(2sin22.5<
br>?
sin22
?
)?cot22.5
?
?2?1
.答:D.
另解:
A
2
B
2
?
cos1.5
0
?cos3.5
0
?cos5.5
0
???
?cos43.5
0
,
?sin1.5
?
?sin3.5
?
?sin5.5
?
???sin43.5
?
,
sin22
?
??
(cos22.5?isin22.5)
. =<
br>?
sin1
Asin22
?
cos22.5
?
Bsin22
?
sin22.5
?
AB
??
因为和
是实数,所以,,
sin1
?
sin1
?
22
22
A:B?
A
2
:
B
2
?
cos22.52cos
22.51?cos45
???
????
sin22.52sin22.5cos22
.5sin45
?2??
1?
2
2
?
2?2
?2?
1
22
2
.
答:D.
第7解答过程
解:设△
ABC
三边长
a,b,c
为整数,
a?b?c?60,a?b?c,a,b,
c
成等差数
列,
?A
为钝角,则必有
2b?a?c
,
b
2
?c
2
?a
2
.
易解得
60?a
?b?c?b?(a?c)?b?2b?3b
,
b?20,a?c?40
;
b
2
?a
2
?c
2
?(a?c)(a?c)
,即
20
2
?40(a?c),10?a?c
.因此
50?(a?
c)?(a?c)?2a,25?a
,即
a?26
.另外,
b?c?a,6
0?a?b?c?a?a?2a,a?30,a?29
.易检验
(a,b,c)
?(26,20,14),(27,20,13),(28,20,12),(29,20,11)
都是钝角三角形.答:4.
第8题解答过程
注意到
x?2?2
,
y?2?2
满足
x
2
?y
2
?(2?2)?(2?2)?4
,
x,y?0
,故可令
x?2cos
?
,
y?2s
in
?
,0<
?
<
?
.从而
4cos
2<
br>?
?2?2
,
2
-
2?4cos
2
?
?2
,-
a
n
?(cos
23
?
3
?<
br>?2cos
2
?
?1?cos?cos2
?
,故
?<
br>?
,
24
8
3
?
3
?
3n
?
?isin)
n
?cos
+
888
is
in
3n
?
3n
?
.
a
n
取实数,当且仅
当
sin?0
,当且仅当
n?8k
,
k?
Z.满足
8
8
此条件且
n?2007
的最小正整数
n
为
20
08
,此时
a
n
?a
2008
?cos
3x200
8
?
?cos753
?
??1
.
8
答:-1.
第9题解答过程
易见奇异数有两类:第一类是质数的立方
p
3
(<
br>p
是质数);第二类是
两个不同质数的乘积
p
1
p
2
(
p
1
,p
2
为不同的质数).由定义可得
27?3
3
是奇异数(第一类);
42?2?3?7
不是奇异数;
69?3?23
是奇异数(第二类);
111?3?37
是奇异数(第二类);
125?5
3
是奇异数(第一类);
137
是质数,不是奇异数;
343?7
3
是奇异数(第一类);
899?900?1?30
2
?1
2
?(30?1)(30?1)?31?29
是奇异数(第二类); <
br>3599?3600?1?60
2
?1
2
?(60?1)
(第
二类);
(60?1)?61?59
是奇异数
7999?8000?1?20
3
?1
3
?(20?1)(20
2
?20?1)?19?421<
br>是奇异数(第二
类).
答:8.
第10解答过程
解:将向量AA
1
,
AB
,
AD
分别记为
a
,<
br>b
,
c
.则
a?a?2
,
b?b?3
,c?c?4
,且易见
AC
1
?a?b?c
,<
br>A
1
C??a?b?c
,
BD
1
?a?b?c
,
DB
1
?a?b?c
.
所以
AC
1
?(a?b?c)?a?b?c?2(a?b?b?c?c?a)
2
2
22
2
?2
2
?3
2
?4
2
?2?3?3?4?4?2
=55,
故
AC
1
?55
.类似地,可算得,
B
D
1
?19
,
DB
1
?15
,
CA
1
?27
=3
3
.
答:
55
,
19
,
15
,3
3
.
第11题解答过程
令
x?3?t
,易见
x?t?3
,f(x)?2x?3?2(t?3)?3?2t?3
,
f
(2)
(x)?
2(2t?3)
?3
?2
2
t?3,?,f
(n)
(x)?
2
n
t?3
;令
y?1?s
,易见
y?s?1
,<
br>g(y)?3y?2?3(s?1)?2
?3s?1
,
g
(2)
(y)?3(3s?1)?2?3
2
s?1,?
,
g
(n)
(y)?3
n
s?1
,
n?1,2,3,?
.因此,题设方程组可
化为
(1)-(2),(2)-(3),(3)-(1)得
所以
3
63
6
2
3
6
3
x?y?
9
(y?z)
?(
9
)(z?x)?(
9
)(x?y)
?
x?y?0?y
?z?0
222
?x?y?z
.
代入(1)得
2
9(x?3)?3?3
6
(x?1)?1
,
512(x?3)?3?729
(x?1)?1
,
512x?1533?729x?728
,
?217x?
2261
,
?31x?323
,
x??
323
.
31
323323
所以原方程组的解为
x?y?z??
.答:
x?y
?z??
.
3131
第12题解答过程
.以
V
T?l<
br>表示平面图形
T
绕直线
l
所得旋转体体积.
记直线
AC
为
l
,作
BM,DN?l
,交
l
于
E
,F
,分别交
CD
,
AB
于
M,N
.
过<
br>O
作
PQ?l
,分别交
AB,CD
于
P,Q
.由于
O
是
BD
的中点,所以
P,Q
分
别是
BN,DM
的中点.由对称性,易见所求旋转体体积为
V?V
平行四
边形ABCD?l
?2(V
?ADN?l
?V
平行四边形NPQD?l
)
.
由于
AB?4,BD?23,AD?2
,易见
?ADB?9
0
?
,?DBA?30
?
,
AO?AD
2
?DO
2
?4?3?7
,
AC?27
.显然
?DAC??DCA?
?CAB
,
DF?FN
.且
DF?
2S
?ADO
A
D?DO232
???21
,
AOAO7
7
12164
.从
而由圆锥体积公式得
??
77
7
AF?AD
2
?DF2
?4?
1
?
12416
?
16
V
?
ADN?l
?V
?ADF?l
??
?
?DF
2
?A
F?????7
?
.
337
777
49
又
CF?
AC?AF?27?
CF:CO?DF:QO
,
QO?
4
7
?
14?4
7
?
10
7
,
CO?AO?7
,
CO?DF2101
?7?21??21
.从而由圆锥体积公式得
CF
75
7
?
10
7
?
214071000?343657?7)?7
?
(?)?7
?
??
25492512251225
7
?
)?27
?
(
?
?
12
37
(7
?
.从而
V?2(
16657
7
?
?
491225
27
?
?)?27
?
??
.
49
答:所求体积为
3027
?
:
175
第13题解答过程
解:I)可设
l
:
x?my?4
,与
?
联立得
(3m
2
?4)y
2
?24
my?36?0
.这是
由判别式
??0
解得
m
2
?4
.记
A(x
1
,y
1
)
,
B(x2
,y
2
)
,
y
的一元二次方程,
则
y
1
?y
2
?
?24m36
yy?
,.
12
3m
2
?43m
2
?4
由题设条件,
OA?O
B?x
1
x
2
?y
1
y
2
?0
,
即
(my
1
?4)(my
2
?4)?y
1
y
2
?0
,
得
(m
2
?1)y
1
y
2
?4m(y
1
?y
2
)?16?0
,
即
(m
2
?1)?
36?24m
?4m??16?0
, <
br>22
3m?43m?4
2513
,
()
2
?
,
3m25
即
9(m
2
?1)?24m
2
?4(3
m
2
?4)?0
.得
?3m
2
?25?0
,
m
2
?
?
33
?m?
.
55
故
l
的斜率的取值范围为
(?
33
,)
.
55
因
为
F
(1,0),所以
FA
1
?
,
FB?
,从而
(x
1
?1,?y
1
)(x
2
?1,y<
br>2
)
?2my
1
y
2
?3(y
1
?
y
2
)?2m?
36?24m
?3??0
.
3m
2
?43m
2
?4
?
FA
1
与
FB
共线,即
A
1
与
F、B
三点共线.
III)假设
q?4
,过
Q(q,0)
的直线与
?
交于
A、B
,且
A
关于长轴
的对称点为
A
1
,如果
A
1
、
F、B
三点共线.我们另取点
P(4,0)
.设直线
A
P
与
?
交于
B
1
,那么如II)的证明,
A
1
、
F、B
三点必共线.故
B
与
B
1
重
合,从而直线
AB
和
AB
1
重合,就是
AQ
与
AP
重合.所以
P
与
Q
重合,
q?4
,
与假设矛盾.这就是说,
q?4
时,三点
A
1
、
F、B
不能共线.
第14题解答过程
14.解:
1
2
x
n?1
1
x
n?1
2x?1
11
1
2?
n
?2x
n
?
,
2
?4x
n
?4?
2
,
x
n?1
x
n
x
n
x
n
2
?
1
2
?4(x?1)
,
n?1
,2,3?
.
n
2
x
n
故
?
(
n?1
2006
1
2
x
n?1
?
1
xn
1
2
)?4
?
(x
n
?1)
,亦即
2
n?1
2006
n?1
2
2006
1
2
x
2007
2006
1
2
?
2
?4
?
x
n
?8024
,
x
1
n?1
由<
br>x
1
?1
得
由于
2
x
2007
?4
?
x
n
?8025
.(*)
x
n?1
1
??1
,
n?1,2,3,?,
且显然
x
n
?0<
br>,故
?
x
n
?
是递减数列,且
2
x
n
2x
n
?1
x
2
?
x
2
3
1
x???
,,
?
3
2
2
2
11
2x
2
?1
2x
1
?1
3
?1
9
x
1
1
3
故
?
x
n
n?1
2006
2
1
2
2006
2
1
2
006
3
2
19
?1?()?
?
x
n
?1
??
?
()?1???2004?151
,
39119121
n?3n?3
由(*)式得
8025?
1
2
x
2007
?4?151?8025?8629
,
111122
,
?x
2007
?,lg?lgx
2007
?l
g
86298
3
?lg8629?2lgx
2007
??lg802
5
,
?4?2lgx
2007
??3
,
?2?lgx
2007
??
,
2
?
k?
?
lgx
2
007
?
??2
.
第15题解答过程
证明:因为△
AB
C
是锐角三角形,其三边
a,b,c
满足
a,b,c?0
,以及 <
br>b?c?b,c?a?b,a?b?c,b
2
?c
2
?a
2<
br>,c
2
?a
2
?b
2
,a
2
?b<
br>2
?c
2
.
因此,由平均不等式可知
222
1<
br>2
z
2
1
2
x
2
1
2
y<
br>2
222
y
222
z
222
x
?(b?c?
a)x(
2
?
2
)?(c?a?b)y(
2
?
2<
br>)?(a?b?c)z(
2
?
2
)
222
zyxzy
x
ayzbzxcxy
2
a
2
y
2
z
2<
br>b
2
z
2
x
2
c
2
x
2<
br>y
2
222
?(??)?2(bcx?cay?abz)
,
???
222
xyz
xyz
从而
[(b?c)
2
?
a
2
]x
2
?[(c?a)
2
?b
2
]y
2
?[(a?b)
2
?c
2
]z
2
?(<
br>ayzbzxcxy
2
??)?P
2
,
xyz
亦即
P
2
(a?b?c)S?P
,
S?
.
a?b?c
2
上式取等式当且仅当
x
2
?y
2
?z
2
,亦即
x?y?z?
P
.因此所求的
a?b?cP
2
P
,当
S
取最大值时,
x?y?z?
.
S
的最大值为
a?b?c
a?b?c
A
B
o
l
Q
x
A
B
o
F
A
1
l
Q
x
C
1
B
C
D
B
1
D
1
A
A
A
1
y
Q
D
F
O
N P
M
E
B
C
y
(第13题答图)(第10题答图)(第12题答图)
2008年安徽高中数学竞赛初赛试题
一、选择题
1.若函数
y?f
?
x
?
的图象绕原
点顺时针旋转
?
后,与函数
y?g
?
x
?
的图象<
br>2
重合,则()
(A)
g
?
x
?
?f?1
?
?x
?
(B)
g
?
x
??f
?1
?
x
?
(C)
g
?
x
?
??f
?1
?
?x
?
(D)
g
?
x
?
??f
?1
?
x
?
2.平面中,到两条相交直线的距离之和为1的点的轨迹为()
(A)椭圆
(B)双曲线的一部分 (C)抛物线的一部分
(D)矩形
3.下列4个数中与
cos1
o
?cos2
o
?
L
?cos2008
o
最接近的是()
(A)-2008 (B)-1 (C)1 (D)2008
4.四面体的6个二面角中至多可能有()个钝角。
(A)3 (B)4 (C)5
(D)6
5.
1
写成十进制循环小数的形式
1
?0.000498
K625498K625K
20082008
,其循环
节的长度为()
(A)30 (B)40 (C)50 (D)60
6.设多项式
?
1?x
?
2008
?a
0
?a
1
x?L<
br>数。
?a
2008
x
2008
,则
a
0<
br>,a
1
,L,a
2008
中共有()个是偶
(A)127
(B)1003 (C)1005 (D)1881
二、填空题
7.化简多项式
?
C
n
k
C
k
m
x
k?m
?
1?x
?
k?m
n
n?k
?
8.函数
f
?
x
?
?
3?5sinx
的值域为
5?4co
sx?3sinx
a
1
?a
n?1
,
?
n?2?
,且具有最小正周期2008,
1?a
1
a
n?1
9
.若数列
?
a
n
?
满足
a
1
?0,an
?
则
a
1
?
10.设非负数
a<
br>1
,a
2
,L,a
2008
的和等于1,则
a
1
a
2
?a
2
a
3
?L?a
2007<
br>a
2008
?a
2008
a
1
的
最大值
为
11.设点A
?
1,1
?
,B、C在椭圆
x<
br>2
?3y
2
?4
上,当直线BC的方程为时,
VABC
的面积最大。
12.平面点集
G?
?
?
i,j
?
|i?1,2,L,n;j?1,2,L,n
?
,易知
G
2
可被1
个三角形
覆盖(即各点在某个三角形的边上),
G
3
可被2个三角形覆盖,则
覆
盖
G
2008
需要个三角形。
三、解答题
13.将6
个形状大小相同的小球(其中红色、黄色、蓝色各2个)随
机放入3个盒子中,每个盒子中恰好放2个小
球,记
?
为盒中小于颜
色相同的盒子的个数,求
?
的分布。
?
14.设
a
1
?1,a
n
?
?
?
na
n?1
?
,
?
n?2
?
,
其中
?
x
?
表示不超过x的最大整数。证
明:无论
a
1
取何正整数时,不在数列
?
a
n
?
的素数只有有限多个
。
15.设圆
O
1
与圆
O
2
相交于A,B两点,
圆
O
3
分别与圆
O
1
,圆
O
2
外
切于C,
D,直线EF分别与圆
O
1
,圆
O
2
相切
于E,F,直线CE与直线DF相交
于G,证明:A,B,G三点共线。
08年安徽省高中数学竞赛初赛答案
一、选择题(本题满分36分,每小题6分)
1.D 2.D 3.B 4.A 5.C 6.D
二、填空题(本题满分54分,每小题9分)
7.
C
n
m
8.
?
?
?
互素。
10.
14
11.
x?3y?2?0
12.
1338
三、解答题(本题满分60分,每小题20分)
13.
?
?0,1,3
。
(2分)
P(
?
?3)?P(
盒①中球同色,盒②中球同色
)?
11
1
??
。
5315
4
?
10,10
?
?
5
?
9.
tan
k
?
,正整数
k?1003
且与2008
2008
(6分)
(6分)
112
P(
?
?1)?3P(
盒①中球同色,盒②中球异
色
)?3??(1?)?
。
535
P(
?
?0)?1?P(
?
?3)?P(
?
?1)?
8
。
15
(6分)
14.
a
1
?1,a
2
?
?
2a
1
?
?1,a
3
?
?
3a
2
?
?1
。
(2分)
当<
br>n?4
时,利用数学归纳法,得
a
n
?
?
na
n?1
?
?
?
n(n?3)
?
?n?2
。
(5分)
令
b
n
?a
n
?n
,则有
?2?b
n
?
?
n(n?1?b
n?1
)
?
?n?
?
?
分)
当
b
n?1
??1
时
,
b
n
?
?
n(n?2)
?
?n??1
。
(5分)
故当
n
充分大时,
b
n
??2
,不在数
列
{a
n
}
中的正整数只有有限多个。
(3分)
15
.以
EF
为
x
轴,
O
1
E
为
y<
br>轴,建立平面直角坐标系。设
E(0,0)
,
F(c,0)
,
(1分)
⊙O
1
:x
2
?(y?r
1
)
2
?r
1
2
,
b
n?1
?1
?
?
。
2
??
(5
(1分)
(1分)
(1分)
①
②
⊙O
2
:(x
?c)
2
?(y?r
2
)
2
?r
2
2,
⊙O
3
:(x?a)
2
?(y?b)
2
?r
3
2
,
?
a
2
?(b?r
1)
2
?(r
1
?r
3
)
2
其中
a,b
满足
?
222
?
(a?c)?(b?r
2
)?(r
2
?r
3
)
(2
分)
于是
,
AB:2cx?c
2
?2(r
2
?r
1
)y?0
, (2分)
C:
r
3
(0,r<
br>1
)
r
1
(a,b)
r
1
(a,r
3
?b)
??
,
r
1
?r
3
r
1
?r
3
r
1
?r
3
(2分)
(2分)
D:
r
3
(c,r
2
)<
br>r
2
(a,b)
(r
2
a?r
3
c,r2
b)
??
,
r
2
?r
3
r2
?r
3
r
2
?r
3
CE:(r
3<
br>?b)x?ay?0
, (2分)
(2分)
DF:(r
3
?b)(x?c)?(a?c)y?0
,
G:(a,r
3
?b)
。 (2分)
由①-②知,点
G
的坐标满足直线
AB
的方程。
(2分)
注:对于几何证法,如果无法列举所有情形,得分减半。
2010年全国高中数学联赛安徽赛区预赛试卷
一、填空题(每小题8分,共64分)
1.函数
f(x)?2x?4x?x
2
的值域是.
2.函数
y?
的图象与
y?e
x
的图象关于直线
x?y?1
对称.
3.正八面体的任意两个相邻面所成二面角的余弦值等于.
x
2
y
2
??1
与双曲线
xy?1
相切,则
t?
. 4.设椭圆<
br>t?1t?1
5.设
z
是复数,则
|z?1|?|z?i|?|z?1
|
的最小值等于.
6.设
a
,
b
,
c
是
实数,若方程
x
3
?ax
2
?bx?c?0
的三个根构成公
差为1
的等差数列,则
a
,
b
,
c
应满足的充分必
要条件是.
uuuruuuruuuruuur
7.设
O
是
?AB
C
的内心,
AB?5
,
AC?6
,
BC?7
,OP?xOA?yOB?zOC
,
0?x,y,z?1
,动点
P
的轨迹所覆盖的平面区域的面积等于.
8.从正方体的八个顶点中随机选取三点,构成直角三角形的概率是.
二、解答题(共86分)
9.(20分)设数列
?
a
n
?
满足
a
1
?0
,
a
n
?<
br>2
,
n?2
.求
a
n
的通项公式.
1?a
n?1
10.(22分)求最小正整数
n
使得
n
2
?n?24
可被2010整除.
11.(22分)已知
?ABC
的三边长度
各不相等,
D
,
E
,
F
分别是
?A
,?C
的平分线与边
BC
,
CA
,
AB
的垂直平
分线的交点.求证:
?ABC
?B
,
的面积小于
?DEF
的
面积.
12.(22分)桌上放有
n
根火柴,甲乙二人轮流从中取走火柴.甲先取,
第一次可取走至多
n?1
根火柴,此后每人每次至少取走
1
根火柴.
但是
不超过对方刚才取走火柴数目的2倍.取得最后一根火柴者获胜.问:
当
n?10
0
时,甲是否有获胜策略?请详细说明理由.
10年安徽省高中数学竞赛初赛答案
?
1.答案:
?
?
4?25,8
?
.
提
示:因
0?x?4
,设
x?2?2cos
?
(
0?
?
?
?
),
则
y?4cos
?
?2sin
?
?4?25cos(
?
?
?
)?4
(其中
co
s
?
?
sin
?
?
1
,
?
为锐角
),
5
2
,
5
所以当
?
?0
时,
y
max
?8
,当
?
?
?
?
?
时,
y
min
?4?25
,故
?
y?
?
?
4?25,8
?
.
2.答案:
1?ln(1?x)
提示:因两函数图象关于直线
x?y?1
对称,所以
x?y?1
,
y?1?x
,
∴
1?x?e
1?y
,解得
y?1?ln(1?x)
.
3.答案:
?
提示:正八面体由两
个棱长都相等的正四棱
锥组成,所以任意两个相邻面所成二面角是正四
棱锥侧面与底面所成二面
角
?
的两倍.∵
tan
?
?2
,∴
cos
2
?
?
1
3
11
,则
?
2
1?t
an
?
3
1
cos2
?
?2cos
2
?<
br>?1??
.
3
4.答案:
5
x
2
y
2
??1
知,
t?1
, 提示:由
椭圆方程
t?1t?1
?
?
x?t?1cos
?
设其参数方
程为
?
(
?
为参数)代入双曲线方程
xy?1
,
?
?
y?t?1sin
?
得
sin2
?
?
2
t?1
2
.
2
t?1
2
因两曲线相切,∴
5.答案:
1?3
?1
,故
t?5
.
提示:在复平面上,设
A(?1,0)
,
B(1,0)
,
C(0,1)
,则当
Z
为
?ABC
的费马
点时,
|z?1|?|z?i|?|z?1|
取得最小值,
最小值为
1?
32323
???1?3
.
333
a
2
a
3
a
6.答案:
b??1
且
c??
.
273
3
提示:设三个根为
?
?1
,
?
,
?
?1
,则
x
3
?ax
2
?bx?c
?(x?
?
?1)(x?
?
)(x?
?
?1)
,
右边展开与左边比较得
?a?3
?
,
b?(
?
?1)
?
?
?
(
?
?1)?(
?
?1)(
?
?1)?3
?
2
?1
,
?c?(?
?1)
?
(
?
?1)
,消去
?
得<
br>?
a
2
b??1
?
?
3
,这就是所求的充要
条件.
?
3
?
c?
a
?
a
?
2
73
?
7.答案:
126
提示:如图,根据向量加法的几何意义,
知点
P
在图中的三个平
形四边形及其内部运动,所以动点
P
的轨迹所
覆盖的平面区域的面积
等于等于
?ABC
面积的2倍,即
126
.
8.答案:
提示:从正方体的八个顶点中随机选取三点,共有
C
8
3
个三角形,
其中直角三角形有
12?C
4
3
个,所求“构
成直角三角形”的概率是
3
12?C
4
6
.
?
3
C
8
7
6
7
9.解:特征根法.又
a
n<
br>?2?
4?2a
n?1
1?a
n?1
,
a
n
?1?
,…………(10分)
1?a
n?1
1?a
n?1
a
n
?2a
n?1
?2
(?2)
n
?2<
br>2
a
n?2
?2
n
?(?2)??(?2)?
L?(?2)
,
得
于是
a
n
?
.…
(?
2)
n
?1
a
n
?1a
n?1
?1a
n?
2
?1
(20分)
?
n
2
?n?24?0mod2
?
n
2
?n?0mod3
?
2
n?n?24?0mod3
?
2
?
10.解:
2010|n
2
?n?24?<
br>?
?
n?n?1mod5
……
?
2
?
n2
?n?43mod67
?
n?n?24?0mod5
?
?n
2
?n?24?0mod67
?
(10分)
又
n<
br>2
?n?0mod3?n?0
或
2mod3
,
n
2<
br>?n?1mod5?n?2mod5
,
n
2
?n?4
3mod67?n?10
或
56mod67
,故所求最小正整数
n?77.…………(22分)
11.证明:由题设可证
A
,
B
C,
D
,
E
,
F
六点共圆.…………(10
分)
不妨设圆半径为1,则有
S
?ABC
?(sin2A?sin2B?sin2
C)
,
1
S
?DEF
?(sinA?sinB?sinC)
.
2
1
2
由于
sin2A?sin2B?sin2C
∴
?ABC
的面积小于
?DEF
的面积.…………(22分) 12.解:把所有使得甲没有有获胜策略的初始火柴数目
n
从小到大排
序为:n
1
,
n
2
,
n
3
,…,不难发现其
前4项分别为2,3,5,8.下面
我们用数学归纳法证明:
(1)
?
n<
br>i
?
满足
n
i?1
?n
i
?n
i?
1
;
(2)当
n?n
i
时,乙总可取到最后一根火柴,并且乙此时
所取的
火柴数目
?n
i?1
;
(3)当
n
i?n?n
i?1
时,甲总可取到最后一根火柴,并且甲此时所
取的火柴数目
?n
i
.
……………………………………(10分)
设
k?n
?n
i
(
i?4
),注意到
n
i?2
?
当
1?k?
无法获胜.
n
i
?n
i?1
.
2
n
i
时,甲第一次时可取
k
根火柴,剩余
n
i
?2k
根火柴,乙
2
当
n
i
?k?
n
i?1
时,
n
i?2
?k?n
i?1
,根据归纳
假设,甲可以取到第
k
根
2
火柴,并且甲此时所取的火柴数目
?n<
br>i?2
,剩余
n
i
?2n
i?2
根火柴,乙无
法获胜.
当
k?n
i?1
时,设甲第一次时取走
m
根火
柴,若
m?k
,则乙可取走
所有剩小的火柴;若
m?k
,则根据归纳
假设,乙总可以取到第
k
根火
柴,并且乙此时所取的火柴数目
?n
i
?2
,剩余
n
i
?2n
i?2
根火柴,甲无法
获胜
.
综上可知,
n
i?1
?n
i
?n
i?1
.
因为100不在数列
?
n
i
?
,所以当
n?100
时,甲有获胜策略.…………
(22分)
2011年全国高中数学联赛安徽省预赛
一、填空题(每小题8分,共64分)
1.以
X
表示集合
X
的元素个数.若有限集合
A,B,C
满足
A?B?20
,
B?C?
30
,
C?A?40
,则
A?B?C
的最大可能值为
2.
设
a
是正实数.若
f(x)?x
2
?6ax?10a
2?x
2
?2ax?5a
2
,x?R
的最小
值为10,则
a?
3.已知实系数多项式
f(x)?x
4
?ax
3
?bx
2
?cx?d
满足
f(1)?2
,
f(
2)?4
,
f(3)?6
,则
f(0)?f(4)
的所有可能值集合
为
4.设展开式
(5x?1)
n
?a
0
?a
1<
br>x???a
n
x
n
,n?2011
.若
a
2
011
?max(a
0
,a
1
,?,a
n
)
,则
n?
第5题
第6题
5.在如图所示的长
方体
ABCD?EFGH
中,
设
P
是矩形
EFGH
的中心,线段
AP
交平
面
BDE
于点
Q
.若
AB?3
,
AD?2
,
AE?1
,则
PQ?
.
6.平面上一个半径
r
的动圆沿边长
a
的正三
角形的外
侧滚动,其扫过区域的面积
为.
7.设直角坐标平面上的点
(x,y)
与复
数
x?yi
一一对应.若点
A,B
分别对
应复数
z,z?1
(
z?R
),则直线
AB
与
x
轴的交点对
应复数(用
z
表
示).
8.设
n
是大于4的偶数.随机选
取正
n
边形的4个顶点构造四边形,
得到矩形的概率为.
二、解答题(第9—10题每题22分,第11—12题每题21分,共86
分)
9. 已知数列
{a
n
}
满足
a
1
?a<
br>2
?1
,
a
n
?1?
a
1
???a
n?2
(
n?3
),求
a
n
4
的通项公式
.
10.已知正整数
a
1
,a
2
,?,a
n都是合数,并且两两互素,求证:
1111
?????
.
a
1
a
2
a
n
2
11.设
f(x)?ax
3<
br>?bx?c
(
a,b,c
是实数),当
0?x?1
时,
0?f(x)?1
.
求
b
的最大可能值.
12.设点
A
(?1,0),B(1,0),C(2,0)
,
D
在双曲线
x
2?y
2
?1
的左支上,
D?A
,
直线
CD交双曲线
x
2
?y
2
?1
的右支于点
E
.求证:直线
AD
与
BE
的
交点
P
在直线
x?
上.
1
2
2011年全国高中数学联赛安徽省预赛答案
1.10.2.2.3.{32}.4.2413.5.
8.
3
.
(n?1)(n?3)
17
z?z
.6.
6ar?4πr
2
.7.
.
4
1?zz
9.
a
n
?1?
a
1
?
L
?a
n?2
a
?a
n?1
?
n?2
44
a
n?1
1
?
a
?
1
?
?
a
n?1
?
n?2
?
?
L
?
n?1
22
?
2
?
2?a
n
?
?2
n?1
a
n
?2
n?2
a
n?1
?1???n?a
n
?
n
2
n?
1
.
2
10.设
a
k
的最小素因子
p
k
,因为
a
k
不是素数,所以
a
k
?p
k<
br>.于是
?
f(0)?c
?
?
11.由
?
f
(1)?a?b?c
?
ab
1
f()???c
3
?
333
?
可知
f(x)?
3
2
3
(x?x
3
)
满足题设,
b
的最大可能值为
3
2
3
.
12.设
D(x
1
,y
1
),E(x
2,y
2
),P(x,y)
,直线
CD
的方程
y?k(x
?2)
,则
x
2
?k
2
(x?2)
2
?1
,所以 <
br>?4k
2
1?4k
2
5
x
1
?x
2
?,xx????1?(x
1
?x
2
)
,
① 12
1?k
2
1?k
2
4
y
1
y(x?1)?y?
2
(x?1)
,
x
1
?1x
2
?1
所以
y
2
y
?
1
x?1x
1
?1
x?
2
?
y
2
y
1
?
x
2
?1x
1
?1
把①代入上式,得
x?
1
.
2
x
2
?2x
1
?2
?
x
2
?1x
1
?12x
1
x
2
?3x
1
?x
2
。
?<
br>x
2
?2x
1
?2
3x?x?4
21
?x
2
?1x
1
?1
2013年全国高中数学联赛安徽赛区初赛试
卷
一.填空题(每题8分,共64分)
1.函数
f(x)?
|
x
+1|+|
x
-1|+
4-x
2
的值域是
2.方程sin(2013兀x)=
x
2013
的实数根为
3.化
简sin
12
?
sin
48
?
sin
54
?
=(用数字作答)
4.设数列{
a
n
}满足
a
1
?a
2
?1
,
a
n
?3a
n?1
?a
n?2
(n?3)
,则
a
2013
?
5.设ΔABC的外接圆圆心P
z?1
?
?
2
?
AP?
(AB?AC)
5
满足,则
cos?BAC
=
6.设复数z=x+
yi满足
z?1
的实部和虚部之比为
3
,其中i是虚数单
位,x,y
?R
,则
y
的最大值为
x
7.设
?
1?
x?x
2
150
?
=
?
c
k
x
,
其中
c
0
,...,c
300
是常数,则
?
c3k
=
k
k?0k?0
300300
8.随机选取正11边形
的3个不同顶点,它们构成锐角三角形的概率
为
二.解答题(第9-10每题21分,第11-12题每题22分,共86分)
9.设正三棱锥的底面边长为1,侧面长为2,求其体积和内切球的半
径.
10.求所有函数
f:R?R
,使得对任意的x,y都有
11.设a,b,
c是不全为0
ab?bc?c
2
的实数,求F=
2
a?2b
2
?3c
2
的取值范围,a,b,c
分别满足什么条件时,F取最大值和最小
值?
2
(1?a
n?1
)
a?1,a
2
?2,a
n
?(n?3)
12.设数列{
a
n
}满足
1
a
n?2
(1)求数列{
a
n
}的通项公式; (2)求证:对任意的正整数k,
a
2k?1
和
a
2k
都是整数.
2
2013安徽高中数学竞赛初赛试题答案
2014年全国高中数学联赛安徽省初赛试卷
一、填空题(每题8分,共64分)
x
2
?2x?3
(x?R)
的值域是_______________. 1
.函数
y?
2
x?4x?5
2.函数
y?tan(2013x)?t
an(2014x)?tan(2015x)
在
[0,
?
]
中的零点
个数是__________.
3.设定点
A(2,1)
,动点
B
在
x
轴上,动点
C
在直线
y?x
上,则
?ABC<
br>的周长的最小值是
________.
4.设
P
2k?1
是
P
1
的对称点,
P
2k?2
是
P
2k?1
关于
P
2
的对称
1
,P
2
是平面上两点,
P
2k
关于
P
*
点,
k?N
.若
|PP
12
|?1
,则
|P
2013
P
2014<
br>|?
__________.
5.已知四面体
ABCD
的侧面展开图
如下图所示,则其体积是__________.
6.设复数
z
满足
|z?
1
|?2
,则
|z|
的取值范围是_______________
.
z
7.设动点
P(t,0),Q(1,t)
,其中参数
t?[0
,1]
,则线段
PQ
扫过的平面区域的面积是
_____________.
8.从正12边形的顶点中取出4个顶点,它们两两不相邻的概率是___________.
二、解答题(第9—10题每题21分,第11—12题22分,共86分)
9.已知正实数
x,y,z
满足
x?y?z?1
.求证:
z?yx?zy?x
???0
.
x?2yy?2zz?2x
2
a
n
?310.设数列
{a
n
}
满足
a
1
?1,an?1
?,n?1
.求证:
2a
n
(1)当
n?2<
br>时,
a
n
严格单调递减.(2)当
n?1
时,
|a<
br>n?1
?3|?23
r
2
n
1?r
2
n,这里
r?2?3
.
11.已知平面凸四边形
ABCD
的面积为1.求证:
|AB|?|AC|?|AD|?|BC|?|BD|?|CD|?4?22
.
12
.求证:(1)方程
x
3
?x?1?0
恰有一个实根
?
,并
且
?
是无理数;
(2)
?
不是任何整数系数二次方程
ax
2
?bx?c?0(a,b,c?Z,a?0)
的根.
2014年全国高中数学联赛安徽省初赛试卷答案
2015全国高中数学联赛安徽省初赛试卷
(考试时间:2015年7月4日上午9:00—11:30)
一、填空题(每题8分,共64分)
1.
函数
f(x)?x?1?x?3?e
?x
,x?R
的最小值是 .
2. 设
x
1
?1,x
n
?
x
n?1?1
,n?2
.数列
{x
n
}
的通项公式是
x
n
?
.
2x
n?1
?4
3. 设平面向
量
?
,
?
满足
1?|
?
|,|
?
|,|
?
?
?
|?3
,则
?
?
?
的取值范围是
.
4. 设
f(x)
是定义域为
R
的
具有周期
2
?
的奇函数,并且
f(3)?f(4)?0
,则
f(x)
在
[0,10]
中至少有 个零点.
5. 设
a<
br>为实数,且关于
x
的方程
(a?cosx)(a?sinx)?1
有实
根,则
a
的取值范围
是 .
6. 给定定点
P(0,1),动点
Q
满足线段
PQ
的垂直平分线与抛物线
y?x
2
相切,则
Q
的轨迹方程是 .
7. 设
z?x?yi
为复数,其中
x,y
是实数,
i
是虚数单位,其满足
z
的
虚部和
z?i
1?z
的实部均非负,则满足条件的复平面上的点集
(x,y)
所构成区域的面积是
.
8. 设
n
是正整数.把男女乒乓
球选手各
3n
人配成男双、女双、混双各
n
对,每
位选手均不兼项,
则配对方式总数是 .
二、解答题(第9题20分,第10━12题22分,共86分)
9.
设正实数
a,b
满足
a?b?1
.求证:
a
2
?
11
?b
2
??3
.
ab
10.
在如图所示的多面体
ABCDEF
中,已知
AD,BE,CF
都与平面
ABC
垂直.设
AD?a,BE?b,CF?c
,
AB?AC?BC?1
.求四面体
ABCE
与
BDEF
公共部分的体积(用
a,b,c
表
示).
11.
设平面
四边形
ABCD
的四边长分别为4个连续的正整数。证明:四边形
ABCD
的
面积的最大值不是整数。
12.
已知31位学生参加了某次考试,考试共有10道题
,每位学生解出了至少6
道题.求证:存在两位学生,他们解出的题目中至少有5道相同.
2015全国高中数学联赛安徽省初赛试卷答案
一、填空题(每题8分,共64分)
(
x
)??2?e
?
x
?0
,因此
f
(
x
)
单1. 当
x
??3
时,
f
(
x
)??2
x
?4?e
?
x
,
f
?(
x
)??e
?
x
?0
,此时
f(x)
调减;当
?3?
x
??1
时,
f
(
x
)
?2?e
?
x
,
f
?
f
(
x
)?
2
x
?4?e
?
x
,
f
?
(
x<
br>)?2?e
?
x
.令
f
?
(
x
)?
0
亦单调减;当
x??1
时,
得
x
??ln2.
因
此
f(x)
在
x
??ln2
处取得最小值6-2ln2.
2. 设
u?a?cosx,v?a?sinx
.方程有实根
?
双曲
线
uv?1
与圆
(u?a)
2
?(v?a)
2
?1
有公共交点.注意到圆的圆心位于直线
y
?
x
之上,只
须找
到圆与双曲线相切时圆心的位置即可.易计算得,圆与双曲线切于A(1,1)
点时,圆心坐标为
1?
圆心坐标为
?1?
22
或
1?22
.圆与双曲线切于
B(-1,-1)点时,
22
或
?1?22
.
??
22<
br>?
22
?
,?1??1?,1?
因此,a的取值范围为
a?
?
?1?
???
.
22
?
22
???
????
3. 由
x
n
?1?3
x
n?1
?1
2x?1
和
2x
n
?1?2
n?1
,可得
2x
n?1
?4
2x
n?1
?4
n?2
x
n
?1
3
x
n?1
?1
?
3
?
??
??
2x
n
?1
22x
n?1
?1
?
2
?
2
n?2
?3<
br>n?2
4. 故
x
n
?
.
n?2n?2
2?3?2
.
5.
?
?<
br>?
?
?
?
?
?
1
22
?
?
?
?
?
?
?
2
1
2
?
?
?
?
?
?
?
4
?
2
?917?
?
1?9
??
.
22
?
2
?
?
9
.
4
?
179
?
6.
以上等号
均可取到.故
?
?
?
的取值范围是
?
?,
?
.
?
24
?
7. 由题设可知
f
(
?
?
x
)?
f
(?
?
?
x
)??<
br>f
(
?
?
x
)
。令x=0得
f(
?
)?0
。另
一方面,
f
(2
?
?4)?
f
(?4)??
f
(4)?0.
类似地,
f(2
?
-
3)?0
因此,
f(x)
在
[0,10]
中的零点一定包含
0,2π?4,3,π,2π?3,4,2π,4π?4,2π?3,3π,4π?3
这11个零点.
2
t
)
.则
l
的方程8. 设
PQ
的垂直
平分线
l
与抛物线
y?x
2
相切于
(t,t
2)
,切向为
(1,
为
y?2t(x?t)?t
2
.设<
br>Q(x,y)
,由
PQ
与
l
垂直且
PQ
中点
在
l
上,可得
?
x?2t(y?1)?0①
.
?
1
2
(y?1)?tx?t②
?
2
由
①
解得t?
x
,代入
②
得
Q
的轨迹方程为
2?2y
?
1
?
(2y?1)x
2
?2(y?1)(y?1)
2
?0
,
y?
?
?1,
?
.
2
??
9.
Re
z
?i
x
?(
y
?1)i
x
(1?
x
)?(
y
?1)
y
?Re??0
等价于
1?
z
1?
x
?
y
i
(1?
x
)
2
?
y
2
1
2
.又由于
y
2
1
2
(
x
?
1
)?(
y
?)?
22
?0
,故满足条件的点集构
成
了圆的一部分,计算得其
面积为
3
?
?2
.
8
8
.从3n名男选手中选取2n人作为男双选手有
C
3
2
n
n
种选法,把他们配成n对男双
选手有
(2n)!
种配对方式。女选手类似。把n个男选
手和n个女选手配成n对混
n
2n!
2
(3n)!
?
nn!
?
双有n!种配对方式。因此,配对方式总数是
?
C
32
n
n
C
2
.
n!?
n
n
?
32n
2
?
(n!)2
?
二、
解答题(第9题20分,第10━12题每题22分,共86分)
9.证明:对任意
a
?(0,1)
,由均值不等式有
4
a
?
-----(5分)
因此,
a
2
?
1
a
?24
a
?
1
a
?4.
-----------------------------
11
?a
2
?4a?4a??a
2
?4a?4?2?a
.------------(15分)
aa
1)
,
b
2
?
同理,对于任意
b?(0,
1
b
?2?
b
.
因此,
a
2
?
11
?b
2
??2?a?2?b?3
.---
------------------(20分)
ab
10. 设
AE?BD?G
,BF?CE?H
,则四面体
BEGH
是
ABCE
与
BDE
F
的公共
部分.
------------------------------
-----------------------(5分)
易计算得:
G
到直线<
br>AB
的距离
d
1
?
ab
,
a?b
-
--------------------------------(10分)
G
到平面
BCFE
的距离
d
2
?
3d
1
,
2a
------------------------------------------(1
5分)
H
到直线
BC
的距离
d
3
?
分)
因此,
V
BEGH
?
分)
b
?
d
3
bc
,
S
?
BEH
?
.----------
------(20
2
b?c
S
?
BEH
d
23
3
b
3
.---------------------(22
?
12(
a
?
b
)(
b
?
c
)
11. 不妨设
ABCD
是凸四边形,其面积为S.记
a?AB,b?BC,
c?CD,d?DA
。由
11
S
?
ab
s
in
B
?
cd
sin
D
,
22
12. <
br>AC
2
?
a
2
?
b
2
?2
ab
cos
B
?
c
2
?
d
2
?2
cd
cos
D
,
可得
2
S
?
ab
sin
B
?
cd
sin
D
,
(
a
?
b
?
c
?
d
)2?
ab
c
os
B
?
cd
cos
D
(8分)
两遍平方和得
等号成立当且仅当
B?D?
?
,即
A,B,C,D
四点共圆
--------------------
(16分)
(
n
?1).
由此 现根据假设
a
,
b
,
c
,
d
为四个连续整数
n
,
n
?1,n
?2,
n
?3
2222
,--------------S
?
n
(
n
?1)(
n
?2)(
n<
br>?3)
.显然
n
2
?3
n
?
S
?<
br>n
2
?3
n
?1.
因此,S不是
整数。------
----------------------------------------------(22分
)
13. 证明:设
S
是所有试题的集合,
S
i
是第i
位学生解出的试题的集合,
T
i
?SS
i
.题目即证
存在
i?j
使得
S
i
?S
j
?5
.---
-----------------------------(5分)
3
?120
个三元子集,每个
T
i
恰包含4不妨设
S
i
?6,
T
i
?4,?i
.
S
共有
C
10
个三元子
集.因此,存在
i?j
使得
T
i
,T
j
包含相同的
三元子集,
T
i
?T
j
?3
.---(15分)从而,
S
i
?S
j
?S
i
?S
j
?S
i
?S
j
?2?T
i
?T
j
?5.-----------------(22分)