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高中数学常见难题
1、 已知正三棱锥S-ABC的高SO为3,底面边长为6,过A
向它所对侧面
SBC作垂线,垂足为O′,在AO′上取一点P,使AP︰PO′=8,求经过P
点且平行底面的截面的面积.
分析:本题的关键在于求出过
P
平行于底的截面到顶
点的距离与底面到顶点的距
离之比.
解答:如图10.13,因
S
-
ABC
是正三棱锥,所以
O
是正三角形
ABC
的中心.连
结
AO
延工交
BC
于
D
,则
D
是
BC
的中点,故
BC
⊥
AD
,
BC
⊥
SD
,因而
BC
⊥平面
SAD
,
从而平面
ASD
⊥平面
SBC
.又
AO
′⊥平面
SBC
,故
SO
′在平面
SAD
内,因而
O
′
在
SD
上,
于是
由
设过
P
作平行于底的平面与
SD
的交点为
O
1,则
于是
故所求截面面积
1 5
高中数学常见难题
2、 设正三棱锥P—ABC的高为PO,M为PO的中<
br>点,过AM作与棱BC平行的平面,将正三棱锥
截成上、下两部分,试求两部分体积之比. 分析:设过
AM
且平行
BC
的平面交平面
PBC
于EF
(
E
∈
PB
,
F
∈
PC
),要求两部分体积之比,只要求
VP
—ABC
=
S△PEF
︰S△PBC
.
解答:如图10.14,过设AM且平行BC的平面与棱PB、PC分别交
于E、F.则EFBC.连
结AO并延长交BC于D,则D为BC的中点,连结PD交EF于G,则因A
到平面PEF的距离即为A到平面ABC的距离,所以在△PAD中,过
O作PD的平行线,交
AG于N.因为M为PO的中点,故|ON|=|PG|,,
故,因而,故所求上下两部分体积之比为
3、四面体ABCD被平面α所截,对棱AB,CD都与α平行且与α等距,设α截得截面四边形的面积为S,对棱AB与CD的距离为h,求这个四面体ABCD的体积.分析:利用“等底、等高
的
两个四面体的体积相等”将四面体添加几个等体积的四面体,构成一个平行六面体来计算.
解答:过四
面体
ABCD
的各棱分别作与其对棱平行的平面,六个平面相交得一平行六面体
ACB
D
1
11
1
-
ACBD
(如图10.15).此时
VABCD
等于平行六面体的体积
V
减去四个彼此等积的三棱锥的体
积,这四
个三棱锥分别是
A
-
ACD
,
B
-
BDC
,
C
-
CAB
,
D
-
DAB
.因为这四个
三棱锥的底面积为
1111
平行六面体底面积的,其高与平行六面体的高相等,故每一个三棱锥
的体积等于于是
由于
AB
,
CD
与截面α等距,如图1
0.15可知
K
,
L
,
M
,
N
分别是AA
1,
CC
,
BB
,
DD
的中点,易
111
知,而
h
就是平面
AC
1
BD
1与平面<
br>A
1
CB
1
D
的距离,所以
说明:利用“等积”进行割补,是解决多面体体积问题的一个有效方法.
2 5
高中数学常见难题
例1、已知x、y∈R+,求证:
证明:∵
∴这三者可视为如图中
AB
、
BC
、
CD
三条线段的长度.
显然|
AB
|+|
BC
|+|
CD
|≥|
AD
|=.所以
.
评述:二次根式内是一个二次式,常构造图形,利用余弦定理证明.同法可证:
例3、函数f (x)在[0,1]上有定义,f (0)= f (1)
.如果对于任意不同的x1,x2∈[0,1],都有|f (x
1
)
-f
(x
2
)|<|x
1
-x
2
|.
求证:对于任意
明:不妨设0≤
x
≤
x
≤1.
12
(1)若,则.
命题成立.
3 5
高中数学常见难题
(2)若,根据条件
f
(0)=
f
(1)得
|
f
(
x
)-
f
(
x
)|=|
f
(1)-
f
(
x
)+
f
(
x
)-
f
(0)|≤|
f
(1)-
f
(
x
)|+|
f
(
x
)-
f
(0)|
212121
<1-x
+
x
-0=1-(
x
-
x
)<
21
21
.
命题同样得证.
综上命题成立.
例5、已知n≥2,证明:.
证明:(1)显然是
n
的增函数.
∴.
(2)
4 5
高中数学常见难题 <
br>思路分析:易猜出时,,
A
、
B
、
C
中任两者不等时
,
.
证明:我们先假定
C
是常量,于是
A
+
B<
br>=π-
C
也是常量.
.
显然,当
A
=
B
时,上式达到最大值.因此,只要
A
、
B
、
C
中任
意两个不等,表达式sin
A
+sin
B
+sin
C
就没有
达到最大值.因而,当
不等式得证.
时,sin
A
+sin
B+sin
C
取到最大值,
评述:不等式中含有多个变量时,我们往往固定其中部分
变量,求其他变量变化时,相应表达式
的最值.类似可证:△
ABC
中,
锐角△
ABC
中,tan
A
+tan
B
+tan<
br>C
≤3
.
5 5
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