2018年国标二卷高中数学-高中数学课本有哪几本河南
圆锥曲线
一、知识结构
1.方程的曲线
在平面直角坐标系中,如果某曲线C(看作适合某种条件的点的集合或轨迹
)上的点与
一个二元方程f(x,y)=0的实数解建立了如下的关系:
(1)曲线上的点的坐标都是这个方程的解;
(2)以这个方程的解为坐标的点都是曲线上的点.那么这个方程叫做曲线的方程;这条
曲线叫
做方程的曲线.
点与曲线的关系 若曲线C的方程是f(x,y)=0,则点P
0
(x
0
,y
0
)在曲线C上
?
f(x
0
,
y
0
)=0;
点P
0
(x
0
,y
0<
br>)不在曲线C上
?
f(x
0
,y
0
)≠0
两条曲线的交点 若曲线C
1
,C
2
的方程分别为f
1<
br>(x,y)=0,f
2
(x,y)=0,则
f
1
(x
0
,y
0
)=0
点P
0
(x
0
,y
0
)是C
1
,C
2
的交点<
br>?
f
2
(x
0
,y
0
) =0
方程组有n个不同的实数解,两条曲线就有n个不同的交点;方程组没有实数解,曲
线就没有
交点.
2.圆
圆的定义
点集:{M||OM|=r},其中定点O为圆心,定长r为半径.
圆的方程
(1)标准方程
圆心在c(a,b),半径为r的圆方程是
222
(x-a)+(y-b)=r
圆心在坐标原点,半径为r的圆方程是
222
x+y=r
(2)一般方程
22
当D+E-4F>0时,一元二次方程
22
x+y+Dx+Ey+F=0
D
E
叫做圆的一般方程,圆心为
(-,-,半径是
2
2
x+y+Dx+Ey+F=0化为
22
D<
br>2
?E
2
-4F
.配方,将方程
2
D
2E
2
D
2
?E
2
-4F
(x+)+(y+)=
4
2
2
当D+E-4F=0时,方程表示一个点
(-
22
22
D
E
,-);
2
2
当D+E-4F<0时,方程不表示任何图形.
点与圆的位置关系
已知圆心C(a,b),半径为r,点M的坐标为(x
0
,y
0
),则
|MC|<r
?
点M在圆C内,
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|MC|=r
?
点M在圆C上,
|MC|>r
?
点M在圆C内,
其中|MC|=
(x
0
-a)?(y
0
-b)
.
(3)直线和圆的位置关系
①直线和圆有相交、相切、相离三种位置关系
直线与圆相交
?
有两个公共点
直线与圆相切
?
有一个公共点
直线与圆相离
?
没有公共点
②直线和圆的位置关系的判定
(i)判别式法
(ii)利用圆心C(a,b)到直
线Ax+By+C=0的距离d=
22
Aa?Bb?C
A?B
22
与
半径r的大小关系
来判定.
3.椭圆、双曲线和抛物线
椭圆、双曲线和抛物线的基本知识见下表.
曲
线
椭 圆 双曲线
性
质
点集:({M||MF<
br>1
+|点集:{M||MF
1
|-|
轨迹条件
MF
2
|=2a,|F
1
F
2
|<MF
2
|.
2a=
=±2a,|F
2
F
2
|>2a}.
圆 形
抛物线
点集{M|
|MF|=点M
到直线l的距离}.
x
2
y
2
+=1(a>b>0)
标准方程
a
2
b
2
顶 点
轴
A
1
(-a,0),A
2
(a,0);
B
1
(0,-b),B
2
(0,b)
对称轴x=0,y=0
长轴长:2a
短轴长:2b
F
1
(-c,0),F
2
(c,0)
焦点在长轴上
|F
1
F
2
|=2c,
c=
a2-b2
x
2
y
2
-
2
=1(a>0,b>
2a
b
0)
A
1
(0,-a),A
2
(0,a)
对称轴x=0,y=0
实轴长:2a 虚轴长:
2b
F
1
(-c,0),F
2
(c,0)
焦点在实轴上
|F
1
F
2
|=2c,
c=
a2?b2
y
2
=2px(p>0)
O(0,0)
对称轴y=
F(
焦 点
P
,0)
2
焦点对称轴上
焦
距
准 线
a
2
x=±
c
a
2
x=±
c
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x=-
p
2
准线与焦点位于顶点
准线垂直于长轴,且
在椭圆外.
离心率
e=
准线垂直于实轴,且在
两顶点的内侧.
e=
两侧,且到顶点的距
离相等.
e=1
c
,0<e<1
a
c
,e>1
a
4.圆锥曲线的统一定义
平面内的动点P(x,y)到一个定点F(c,0)的距离与到不通过这个定
点的一条定直线l的
距离之 比是一个常数e(e>0),则动点的轨迹叫做圆锥曲线.
其中定点F(c,0)称为焦点,定直线l称为准线,正常数e称为离心率.
当0<e<1时,轨迹为椭圆
当e=1时,轨迹为抛物线
当e>1时,轨迹为双曲线
5.坐标变换
坐标变换
在解析几何中,把坐标系的变换(如改变坐标系原点的位置或坐标轴的方向)
叫做
坐标变换.实施坐标变换时,点的位置,曲线的形状、大小、位置都不改变,仅仅只
改变点
的坐标与曲线的方程.
坐标轴的平移
坐标轴的方向和长度单位不改变,只改变原点的位置,这种坐标系的
变换叫
做坐标轴的平移,简称移轴.
坐标轴的平移公式
设平面内任意一点M,它在原坐标系xOy中的坐标是9x,y),在新
坐标系x ′O′y′中的坐标
是(x′,y′).设新坐标系的原点O′在原坐标系xOy中的坐标
是(h,k),则
x=x′+h x′=x-h
(1)
或(2)
y=y′+k y′=y-k
公式(1)或(2)叫做平移(或移轴)公式.
中心或顶点在(h,k)的圆锥曲线方程
中心或顶点在(h,k)的圆锥曲线方程见下表.
方 程 焦 点 焦
线 对称轴
(x-h)
2
a
2
椭圆
(x-h)
2
b
2
(x-h)
2
a
2
双曲线
(y-
k)
2
a
2
2
(y-k)
2
+
b
2
(y-k)
2
+
a
2
(y-k)
2
-<
br>b
2
(x-h)
2
-
b
2
=1
(±c+h,k)
=1
(h,±c+k)
=1
=1
(±c+h,k)
(h,±c+h)
(y-k)=2p(x-h)
抛物线 (y-k)=-2p(x-h)
(x-h)=2p(y-k)
2
2
p
+h,k)
2
p
(-+h,k)
2
p
(h, +k)
2
(
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a
2
x=±+h
c
a
2
y=±+k
c
a
2
=±+k
c
a
2
y=±+k
c
p
x=-+h
2
p
x=+h
2
p
y=-+k
2
x=h
y=k
x=h
y=k
x=h
y=k
x=h
y=k
y=k
y=k
x=h
(x-h)=-2p(y-k)
2
(h,-
p
+k)
2
y=
p
+k
2
x=h
二、知识点、能力点提示
(一)曲线和方程,由已知条件列出曲线的方程,曲线的交点
说明
在求曲线方程之前必须建立坐标系,然后根据条件列出等式进行化简
.特别是
在求出方程后要考虑化简的过程是否是同解变形,是否满足已知条件,只有这样求
出的曲
线方程才能准确无误.另外,要求会判断 曲线间有无交点,会求曲线的交点坐标.
三、考纲中对圆锥曲线的要求:
考试内容:
.
椭圆及其标准方程.椭圆的简单几何性质.椭圆的参数方程;
.
双曲线及其标准方程.双曲线的简单几何性质;
. 抛物线及其标准方程.抛物线的简单几何性质;
考试要求:
.
(1)掌握椭圆的定义、标准方程和椭圆的简单几何性质,理解椭圆的参数方程;
.
(2)掌握双曲线的定义、标准方程和双曲线的简单几何性质;
.
(3)掌握抛物线的定义、标准方程和抛物线的简单几何性质;
. (4)了解圆锥曲线的初步应用。
四.对考试大纲的理解
高考圆锥曲线试题一般有3题(1个选择题, 1个填空题,
1个解答题), 共计22分左右, 考查
的知识点约为20个左右. 其命题一般紧扣课本,
突出重点, 全面考查. 选择题和填空题考查
以圆锥曲线的基本概念和性质为主, 难度在中等以下,
一般较容易得分,解答题常作为数
学高考中的压轴题,综合考查学生数形结合、等价转换、分类讨论、逻
辑推理等诸方面的
能力,重点考查圆锥曲线中的重要知识点, 通过知识的重组与链接,
使知识形成网络, 着重
考查直线与圆锥曲线的位置关系,
往往结合平面向量进行求解,在复习应充分重视。
求圆锥曲线的方程
【复习要点】
求指定的圆锥曲线的方程是高考命题的重点,主要考查识图、画图、数形结合、等价
第 4 页
共 65 页
转化、分类讨论、逻辑推理、合理运
算及创新思维能力,解决好这类问题,除要求熟练掌
握好圆锥曲线的定义、性质外,命题人还常常将它与
对称问题、弦长问题、最值问题等综
合在一起命制难度较大的题,解决这类问题常用定义法和待定系数法
.
一般求已知曲线类型的曲线方程问题,可采用“先定形,后定式,再定量”的步骤.
定形——指的是二次曲线的焦点位置与对称轴的位置.
定式——根据“形”设方程的形式,注
意曲线系方程的应用,如当椭圆的焦点不确定
在哪个坐标轴上时,可设方程为mx
2
+
ny
2
=1(m>0,n>0).
定量——由题设中的条件找到“式”中特定系数的等量关系,通过解方程得到量的大
小.
【例题】
x
2
y
2
双曲线=1(b∈N)的两个焦点F<
br>1
、F
2
,P为双曲线上一点,
?
4
b
2
【例1】
|OP|<5,|PF
1|,|F
1
F
2
|,|PF
2
|成等比数列,则b2
=_________.
解:设F
1
(-c,0)、F
2
(c,0)、P(x,y),则 <
br>|PF
1
|
2
+|PF
2
|
2
=2
(|PO|
2
+|F
1
O|
2
)<2(5
2
+c
2
),
即|PF
1
|
2
+|PF
2
|
2
<50+2c
2
,
又∵|PF
1
|
2
+|PF
2
|
2
=(|PF
1
|-|
PF
2
|)
2
+2|PF
1
|·|PF
2
|,
依双曲线定义,有|PF
1
|-|PF
2
|=4,
依已知条件有|PF
1
|·|PF
2
|=|F
1
F
2
|
2
=4c
2
∴16+8c
2
<50
+2c
2
,∴c
2
<
又∵c
2
=4+b
2
<
答案:1
【例2】
x
2
a
2
?y
2
b
2
17
,
3
5
17
,∴b
2
<,∴b
2
=1. <
br>3
3
已知圆
C
1
的方程为
?
x?2
?
2
?
?
y?1
?
2
?
20
,椭
圆
C
2
的方程为
3
?1
?
a?b?0
?
,
C
2
的离心率为
2
,如果
C
1
与
C
2
相交于
A
、
B
两点,且线段
AB<
br>2
恰为圆
C
1
的直径,求直线
AB
的方程和椭圆C
2
的方程。
2c2
2
,得?
,
a?
2
c
2
,
b
2
?c
2
.
2a2
解:由
e?
第 5 页 共 65 页
设椭圆方程为
x
2
2b
2
?y
2
b
2
?
1.
设
A
(<
br>x
1
,
y
1
).
B
(
x
2
,
y
2
).
由圆心为
(2,1).
?x
1
?x
2
?4,y
1
?y
2
?2.<
br>
y
又
2
x
1
2b
2
?
2
y
1
b
2
?1,
2
x
2
2b<
br>2
?
2
y
2
b
2
?
1,
A
C
1
两式相减,得
22
x
1
?x
2
2b
2
?
22
y
1
?y
2
b
2
?
0.
F
2
O
F
1
B
x
(x
1
?x
2
)(x
1
?x
2
)?2(y
1
?y
2
)(y
1
?y
2
)?0,
又
x
1
?x
2
?
4.
y
1
?y
2
?
2.
得
y
1
?y
2
??
1.
x
1
?x
2
?直线AB的方程为y?1??(x?2)..
即
y??x?3
x
2
2b
2
y
2
b
2
将
y??x?3
代入
??
1,得
3x
2
?12x?18?2b
2
?0.
?直线AB与椭圆C
2
相交.???24b
2
?72?0.
20
.
3
由
AB?2x
1
?x
2
?2(x
1
?x
2
)
2
?4x
1
x
2
?
24b
2
?72
?
得
2?
3
20
.
3
x
2
y
2
??1.
解得
b?
8.
故所有椭圆方程
168
2
第
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【例3】 过点(1,0)
的直线l与中心在原点,焦点在x轴上且离心率为
2
的
2
椭圆C相交于A、B
两点,直线y=
1
x过线段AB的中点,同时椭圆C上存在一点与
2
右焦点关
于直线l对称,试求直线l与椭圆C的方程.
c2
a
2
?b
21
解法一:由e=
?
,得
?
,从而a
2
=2b
2
,c=b.
2
2
a2
a
设椭圆方程为x
2
+2y
2
=2b
2
,A(x
1
,y
1
),B(x
2
,y
2
)在椭圆上.
则x
1
2
+2y
1
2
=2b
2
,x
2
2
+2y
2
2
=2b
2
,两式相减得,
(x
1<
br>2
-x
2
2
)+2(y
1
2
-y
2
2
)=0,
y
1
?y
2
x?x
2
??
1
.
x
1
?x
2
2(y
1
?y
2
)
设AB中点为(x
0
,y
0
),
则k
AB
=-
x
0
,
2y
0
B
y
y=
1
2
x
11
又(x
0
,y
0
)在直线y=x上,y
0
=x
0
,
22
于是-
x
0
=-1,k
AB
=-1,
2y
0
F
2
o
F
1
A
x
设l的
方程为y=-x+1.
右焦点(b,0)关于l的对称点设为(x′,y′),
?
y
?
?1
?
?
x
?
?1
?
x?
?b
则
?
解得
?
?
?<
br>?
y?1?b
y
x?b
?
?
???1
?2
?
2
由点(1,1-b)在椭圆上,得1+2(1-b)
2
=
2b
2
,b
2
=
9
2
9
,a?
.
168
8x
2
16
2
∴所求椭圆C的方程为
?y<
br> =1,l的方程为y=-x+1.
99
c2a
2
?b
2<
br>1
解法二:由e=
?,得?
,从而a
2
=2b
2,c=b.
2
a22
a
设椭圆C的方程为x
2
+2y
2
=2b
2
,l的方程为y=k(x-1),
将l的方程代入C的
方程,得(1+2k
2
)x
2
-4k
2
x+2k
2
-2b
2
=0,
则x
1
+x
2
=
4k
2
1?2k
2
,y
1
+y
2
=k(
x
1
-1)+k(x
2
-1)=k(x
1
+x
2<
br>)-2k=-
2k
1?2k
2
.
x
1
?x
2
y
1
?y
2
1
?k12k
2
直
线l:y=x过AB的中点(),则,
,
??
2
22
1?2k2
2
1?2k
2
解得k=0,或k=-1.
若k=0,则l的
方程为y=0,焦点F(c,0)关于直线l的对称点就是F点本身,不能在椭圆C
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65 页
上,所以k=0舍去,从而k=-1,直
线l的方程为y=-(x-1),即y=-x+1,以下同解法一.
解法3:设椭圆方程为
x
2
a
2
?
y
2
b
2
?
1
(
a?b?
0)(1)
直线
l
不平行于
y
轴,否则
AB
中点在
x
轴上与直线
y
?
1
x过AB
中点矛盾。
2
故可设直线
l的方程为y?k(x?1)(2)
(k
2
a
2
?b
2
)x
2
?2k
2
a<
br>2
x?a
2
k
2
?a
2
b
2
?0(3)
(2)代入(1)消y整理得:
2k
2
a
2
ka?b
222
设A(x
1
,y
1
)B(x
2
,y
2
)
,
知:x
1
?x
2
?
又y
1
?y
2
?k(x
1
?x
2
)?2k代入上式得:
2k1
2
k
2
a2
?b
2
1b
2
1
k??
,
?k?2
k?
,,
又e?
??k?k??
22
2
2
2x
1
?x
2
2
2
2ka
ka
2b2
a
2
?k????
2(a
2
?c
2
)
a
2
??2?2e
2
??1
,
?直线l的方程为
y?1?x
,
此时a
2
?2b
2
,
方程(3)化
为3x
2
?4x?2?2b
2
?0
,
??16?24(1?
b
2
)?8(3b
2
?1)?0
?b?
3
,
椭圆C的方程可写成:x
2
?2y
2
?2b
2
(4)
,
又c
2
?a
2
?b
2
?b
2
,
3
?右焦点F(b,0)
,
设点F关于直线l的对称点(x
0
,y
0
)
,
?
y
0
?
x?b
?1
?
?
x
0
?1,
y
0
?1?
b
,
则
?
0
?
y
0
?
1?
x
0
?b
?
2
?
2
33
,
?
43
1?2(1?b)?2b
2
,
?b?
又点(
1,1?b)在椭圆上,代入(4)得:
?b
2
?
99
,
a
2
?
168
第 8 页 共 65 页
x
2
y
2
所以所求的椭圆方程为:
??
1
99
816
【例4】 如图,已知△P
1
OP
2
的面积为
27
,P为线段P
1
P
2
的一个三等分点,
4
求以直线OP
1
、OP
2
为渐近线且过点P的离心率为
13
的双曲线方程.
2
解:以O为原点,∠P
1
OP
2
的角平分线为x轴建立如图所示的直角坐标系.
设双曲线
方程为
由e
2
=
c
2
x
2
a
2<
br>?
y
2
b
2
=1(a>0,b>0)
y
P
2
b
2
13
2
b3
,得
?1?()?()
?
.
2
a2
a2
a
∴两渐近线OP
1<
br>、OP
2
方程分别为y=
33
x和y=-x
22
o
P
x
P
1
33
设点P
1
(x
1<
br>, x
1
),P
2
(x
2
,-x
2
)(x
1
>0,x
2
>0),
22
则由点P分
P
1
P
2
所成的比
λ
=
得P点坐标为(
P<
br>1
P
=2,
PP
2
x
1
?2x
2
x
1
?2x
2
,
),
32
又点P在双曲
线
所以
(x
1
?2x
2
)
2
9a
2
x
2
a
2
?
4y
2
9a
29a
2
=1上,
=1,
?
(x
1
?2x<
br>2
)
2
即(x
1
+2x
2
)
2-(x
1
-2x
2
)
2
=9a
2
,整
理得8x
1
x
2
=9a
2
①
9
2
139
x
1
?x
1
,|OP|?x
2
2
?x
2
2
?
424
3
2?
2tanP<
br>1
Ox
2
?
12
sinP
1
OP
2
??
1?tan
2
P
1
Ox
1?
9
13
4
111312
?S
?P
1
OP
2
?|OP
1
|?|OP
2
|?sinP
1
OP
2<
br>??x
1
x
2
??
22413
又|OP
1<
br>|?x
1
2
?
13
x
2
2
27
,
4
即x
1
x
2
=
9
2
②
由①、②得a
2
=4,b
2
=9
x
2
y
2
?
故双曲线方程为=1.
49
第 9 页 共 65 页
【例5】 过椭圆C:
y
2
a
2
?
x
2
b
2
?
1(
a?b?
0)
上一动点P
引圆O:
x
2
+
y
2
=
b
2
的
两条切线P
A
、P
B
,
A
、
B
为切点,直线
AB
与
x
轴,
y
轴分别交于M、N两点。(1
) 已
知P点坐标为(
x
0
,
y
0
)并且
x
0
y
0
≠0,试求直线
AB
方程;(2)
若
椭圆的短轴长为8,并且
a
2
|OM|
2
?
b<
br>2
|ON|
2
?
25
16
,求椭圆C的方
程
;(3) 椭圆C上是否存在点P,由P向圆O所引两条切线互相
垂直?若存在,请求出存在的条件;若
不存在,请说明理由。
解:(1)设
A
(
x
1
,
y
1
),
B
(
x
2
,
y
2
)
切线P
A
:
x
1
x?y
1
y?b
2
,P
B
:
x
2
x?y
2
y?b
2
∵P点在切线P
A
、P
B<
br>上,∴
x
1
x
0
?y
1
y
0
?b
2
x
2
x
0
?y
2
y
0<
br>?b
2
∴直线
AB
的方程为
x
0
x?y
0
y?b
2
(
x
0
y
0
?
0)
(2)在直线
AB
方程中,令
y
=0,则M
(
b
2
x
,0);令
x
=0,则N(0,
b
2
)
0
y
0
∴
a
2
b
2a
2
y
0
2
x
0
2
a
225
|OM|
2
?
|ON|
2
?
b
2
(
a
2
?
b
)?
2
b
2
?
16
①
∵2
b
=8 ∴
b
=4
代入①得
a
2
=25,
b
2
=16
∴椭圆
C方程:
y
2
x
2
25
?
16
?
1(
xy?
0)
(注:不剔除
xy
≠0,可不扣分)
(3) 假设存在点P(
x
0
,
y
0
)满足PA
⊥P
B
,连接O
A
、O
B
由|P
A
|=|P
B
|知,
四边形P
A
O
B
为正
方形,|OP|=
2
|O
A
|
∴
x
0
2
?y
0
2
?2b
2
①
第 10 页 共 65 页
22
?b
2
y
0
?a
2
b
2
②
又∵P点在椭圆C上 ∴
a
2
x
0
由①②知
x
2
0
?
b
2
(a
2
?2b
2
)
a
2
?b
2
,
2
y
0
?
a
2
b
2
a
2
?b
2
∵
a
>
b
>0 ∴
a
2
-
b
2
>0
(1)当
a
2
-2
b
2
>0,即
a
>
2
b
时,椭圆C上存在点,由
P点向
圆所引两切线互相垂直;
(2)当
a
2
-2
b2
<0,即
b
<
a
<
2
b
时,椭圆C
上不存在满足条件的P点
【例6】
应的准线的距离为
得|F
2
B|=3|F
2
A|.
已知椭圆C的焦点是F
1
(-
3
,0)、F
2
(
3
,0),点F
1
到相
3
,过F
2
点且倾斜角为锐
角的直线
l
与椭圆C交于A、B两点,使
3
(1)求椭圆C的方程;(2)求直线
l
的方程.
解:(1)依题意,椭圆中心为O(0,0),
c?3
2
点F1
到相应准线的距离为
b
?3,?b
2
?
3
?
3?1
,
c3
a
2
=
b
2
+
c
2
=1+3=4
y
l
P
A
M
x
N
∴所求椭圆方程为
x
?y
2
?1
4
2
(2)设椭圆的右准线
l
?
与
l
交于点P,作AM⊥
l
?
,AN⊥
F
1
O
B
F
2
l
?
,垂足
分别为M、N. 由椭圆第二定义,
得
|AF
2
|
?e?|AF
2
|?e|AM|
|AM|
同理|BF
2
|=e|BN|
第 11 页 共 65
页
由Rt△PAM~Rt△PBN,得
|
PA|?
1
2
|AB|?2|F
2
A|?2e|AM|
…9
分
?cos?PAM?
|AM|1
??
|PA|2e
1
2
?
3
2
?
3
?l
的斜率
k?tan?PAM?2<
br>.
3
∴直线
l
的方程
y?2(x?3)即2x?y?6?0
【例7】 已知点B(-1,0),C(1,0),P是平面上一动点,且满足
|PC|?|B
C|?PB?CB.
(1)求点P的轨迹C对应的方程;
(2)已知点A(m,2
)在曲线C上,过点A作曲线C的两条弦AD和AE,且AD⊥AE,判
断:直线DE是否过定点?试证
明你的结论.
(3)已知点A(m,2)在曲线C上,过点A作曲线C的两条弦AD,AE,且AD,
AE的斜
率
k
1
、
k
2
满足
k
1
·
k
2
=2.求证:直线DE过定点,并求出这个定点.
解:(1
)设
P
(
x
,
y
)
代入
|
PC<
br>|
?
|
BC
|
?PB?CB得
(
x?
1)
2
?y
2
?
1
?x
,
化简得y2
?
4
x
.
(2)将A(m,2)代入y
2
?4x得m?1,?点A的坐标为(1,2).
设直线AD的方程为y?2?k(x?1)代入
y
2
?4x,得y
2
?
由y
1
?2可得y
2
?
48
y??4?0,
kk
444
?2,?D(
2
?1,?2).
kk
k
1
同理可设直线AE:y?2??(x?1
),代入y
2
?4x得E(4k
2
?1,?4k?2).
k
4
?4k
k
则直线DE方程为:y?4k?2?(x?4k
2?1),化简得
4
k
2
?4k
k
2
(y?2)
?k(x?5)?(y?2)?0,
即y?2??
k
k?1
2
(x?
5),过定点(5,?2).
第 12 页 共 65 页
(3)将A(m,2)代入y
2
?4x得m?1,
设直线DE的方程
为y?kx?b,D(x
1
,y
1
),E(x
1
,y
1
)
?
?
y?kx?b
由
?
2
得k
2
x
2
?2(kb?2)x?b
2
?0,
?
?
y?4x
y?2y
2
?2
?k
AD
?k
AE
?2,?
1
??2(x
1
,x
2
?1
),
x
1
?1x
2
?1
且y
1
?kx1
?b,y
2
?kx
2
?b
?(k
2
?2)x
1
x
2
?(kb?2k?2)(x
1
?x
2
)?(b?2)
2
?2?0,
将x
1
?x
2?
?2(kb?2)
k
2
,x
1
x
2
?
b
2
k
2
代入化简得b
2
?(k?2)
2
,?b??(k?2).
?b??(k?2).
将b?k?2代入y?kx?b得y
?kx?k?2?k(x?1)?2,过定点(?1,?2).
将b?2?k代入y?kx?b得y?k
x?2?k?k(x?1)?2,过定点(1,2),不合,舍去,
?定点为(?1,?2)
x
2
a
2
y
2
b
2
【例8】
0)、
已知曲线
??1(a?0,b?0)的离心率e?
23
,直
线
l
过A(
a
,
3
B(0,-b)两点,原点O到
l
的距离是
3
.
2
(Ⅰ)求双曲线的方程;
(
Ⅱ)过点B作直线m交双曲线于M、N两点,若
OM?ON??23
,求直线m的方程.
解:(Ⅰ)依题意,
l方程
x
?
y
?1,即bx
?ay?ab?0,
由原点O到
l
的距离
a?b
为
3
,得
2
ab
a?b
22
?
c23
?b
ab3
又
e??
?
a3
c2
?1,a?3
故所求双曲线方程为
x
2
?y
2
?1
3
(Ⅱ)显然直线m不与
x
轴垂直,设m方程为
y
=
k
x
-1,则点M、N坐标(
x
1
,y
1
)、
第 13 页 共 65 页
?
y?kx?1
(
x
2
,y
2
)是方程组
?
2
的解
?
x
2
?
?y?1<
br>?
3
消去
y
,得
(1
?
3
k
2
)
x
2
?
6
kx?
6
?
0<
br> ①
依设,
1
?
3
k?
0,
由根与系
数关系,知
x
1
?x
2
?
2
6k6
,xx?
12
3k
2
?13k
2
?1
OM?O
N?(x
1
,y
1
)?(x
2
,y
2
)?
x
1
x
2
?y
1
y
2
?x
1x
2
?(kx
1
?1)(kx
2
?1)
22
=
(1
?k
2
)
x
1
x
2
?k
(
x
1
?x
2
)<
br>?
1
=
6(1?k)
?
6k
?1
22
3k?13k?1
=
6
3k?1
2
?1
?OM?ON??23
∴
1
=-23,k=±
?1
2
3k
2
?1
6
当k=±
1
时,方程①有两个不等的实数根
2
故直线
l
方程为
y?
1
x?1,或y??
1
x?1
22
x
2
y
2
【例9】 已知动点
P
与双
曲线
??
1
的两个焦点
F
1
、
F
2
的距离之和为
23
1
定值,且
cos?F
1
PF
2
的最小值为
?
.
9
(1)求动点
P
的轨迹方程;
(2)若已知
D(0,
3)
,
M
、
N
在动点
P
的轨迹上且
DM?
?
DN
,求实数
?
的取值范
围.
a
2<
br>?a
2
?(2c)
2
2a
2
1
9
解:(1)由已知可得:
c?5
,
??
∴
a
2
?
9,
b
2
?a
2
?c
2<
br>?
4
第 14 页 共 65 页
x
2
y
2
∴ 所求的椭圆方程为
??
1
.
94
(2)方法一:
由题知点D、M、N共线,设为直线m,当直线m的斜率存在时,设为k,则直线m的方
程为
y
= k
x
+3 代入前面的椭圆方程得
(4+9k
2
)
x
2
+54 k +45 = 0
①
由判别式
??
(54
k
)
2
?
4<
br>?
(4
?
9
k
2
)
?
45
?
0
,得
k
2
?
5
.
9
再设M (
x
1
,
y
1
), N (
x
2
,
y
2
),则一方面有
DM?(x
1
,y
1
?3)?
?
DN?
?
(x
2
,y
2
?3)?(?
x
2
,
?
(y
2
?3))
,得
?
x
1
?
?
x
2
?
y?3?
?
(y?3)
2
?
1
另一方面有
x1
?x
2
??
54k
4?9k
2
,
x
1
x
2
?
45
4?9k
2
②
将
x
1
?
?
x
2
代入②式并消去
x
2
可得
324
?
5(1?
?
)2
4
k
2
?9
,由前面知,
0?
4
k
2
36
5
?
?
∴
9?
324
?
5(1?
?
)
2
?
81
1
,解得
?
?
?
5
.
5
5
1
5又当直线m的斜率不存在时,不难验证:
?
?或
?
?
5
,
所以
1
?
?
?
5
为所求。
5
方法二:同上得
第 15 页 共 65 页
?
?
x
1
?
?
x
2
?
y
1
?3?
?
(y
2
?3)
设点M
(3cosα,2sinα),N (3cosβ,2sinβ)
?
cos
?<
br>?
?
cos
?
则有
?
2sin
?
?3?
?
(2sin
?
?3)
?
由上式消去α并整
理得
13
?
2
?18
?
?5
12(
?<
br>2
?
?
)
13
?
2
?18
?
?5
12(
?
2
?
?
)
sin
?
?
, 由于
?1?sin
?
?1
∴
?1??
1
,
解得
1
?
?
?
5
为所求.
5
方法三:设法求出椭圆上的点到点D的距离的最大值为5,最小值为1.
进而推得
?
的取值范围为
1
?
?
?
5
。
5
【求圆锥曲线的方程练习】
一、选择题
1.已知直线x+2y-3=0
与圆x
2
+y
2
+x-6y+m=0相交于P、Q两点,O为坐标原点,若<
br>OP⊥OQ,则m等于( )
A.3
D.-1
B.-3 C.1
2.中心在原点,焦点在坐标为(0,±5
2
)的椭圆被直线3x-y-2=0截得的弦的中点
的横坐标为
1
,
则椭圆方程为( )
2
2x
2
2y
2
2
x
2
2y
2
A.??1
B.??1
25757525
C.
yy
xx
??1
D.??1
25757525
2
2
2
2
二、填空题
3.直线l的方程为y=x+3,在l上任取一点P,若过点P且以双曲线12x
2
-4y<
br>2
=3的焦点
第 16 页 共 65 页
作椭圆的焦点,那么具有最短长轴的椭圆方程为_________.
4.已
知圆过点P(4,-2)、Q(-1,3)两点,且在y轴上截得的线段长为4
3
,则该
圆的方程为_________.
三、解答题
5.已知椭圆的中心在坐标原点,焦点在x
轴上,它的一个焦点为F,M是椭圆上的任
意点,|MF|的最大值和最小值的几何平均数为2,椭圆上
存在着以y=x为轴的对称点M
1
和
M
2
,且|M
1
M
2
|=
410
,试求椭圆的方程.
3
6.某抛物线形
拱桥跨度是20米,拱高4米,在建桥时每隔4米需用一支柱支撑,求
其中最长的支柱的长.
7.已知圆C
1
的方程为(x-2)
2
+(y-1)
2=
x
2
a
2
y
2
b
2
20<
br>,椭圆C
2
的方程
3
为
?
=1(a>b>0),C<
br>2
的离心率为
2
,如果C
1
与C
2
相交2
于A、B两点,且线段AB恰为圆C
1
的直径,求直线AB的方程和椭圆C2
的方程.
参考答案
一、1.解析:将直线方程变为x=3-2y
,代入圆的方程x
2
+y
2
+x-6y+m=0,
得(3-2y)
2
+y
2
+(3-2y)+m=0.
整理
得5y
2
-20y+12+m=0,设P(x
1
,y
1
)、
Q(x
2
,y
2
)
则y
1
y
2
=
12?m
,y
1
+y
2
=4.
5
又∵P、Q在直线x=3-2y上,
∴x
1
x
2
=(3-2y
1
)(3-2y
2
)=4y
1
y
2
-6(y
1
+y
2
)+9
故y
1
y2
+x
1
x
2
=5y
1
y
2
-6(y
1
+y
2
)+9=m-3=0,故m=3.
答案:A
第 17 页 共 65 页
2.解析:
由题意,可设椭圆方程为:
即方程为
y
2
50?b
2
y2
a
2
?
x
2
b
2
=1,且a
2
=50+b
2
,
?
x
2
b
2
=1.
将直线3x-y-2=0代入,整理成关于x的二次方程.
由x
1
+x2
=1可求得b
2
=25,a
2
=75.
答案:C
二、3.解析:所求椭圆的焦点为F
1
(-1,0),F
2
(1,0
),2a=|PF
1
|+|PF
2
|.
欲使2a最小,只需在直线
l上找一点P.使|PF
1
|+|PF
2
|最小,利用对称性可解.
x
2
y
2
答案: =1
?
54
4.解析
:设所求圆的方程为(x-a)
2
+(y-b)
2
=r
2
?
(4?a)
2
?(?2?b)
2
?r
2
?
a?1
?
a?5
?
??
?
则有
?
(?1?a)
2
?(3?b)
2
?r
2
?
?
b?0或
?
b?4
?
2
?
2
?
2
22
|a|?(23)?r
r?13
???
r?27
?
由此可写所求圆的方程.
答案:x
2
+y
2
-2x-12=0或x
2
+y
2
-10x-8y+4
=0
三、5.解:|MF|
max
=a+c,|MF|
min
=a
-c,则(a+c)(a-c)=a
2
-c
2
=b
2
,
∴b
2
=4,设椭圆方程为
y
2
??1
2
4
a
x
2
①
设过M
1
和M
2
的直线方程为y=-x+m
②
将
②代入①得:(4+a
2
)x
2
-2a
2
mx+a
2
m
2
-4a
2
=0
③
设M
1
(x
1
,y
1
)、M
2
(x2
,y
2
),M
1
M
2
的中点为(x
0
,y
0
),
1
a
2
m
4m
则x
0
=
(x
1
+x
2
)=,y.
0
=-x
0
+
m=
2
2
2
4?a
4?a
代入y=x,得
由于a
2
m
4?a
2
?
4m
4?a
2,
x
1
+x
2
=0,x
1
x
2=-
410
,
3
4a
2
4?a
2
a
2
>4,∴m=0,∴由③知,
又|M
1
M
2
|
=
2(x
1
?x
2
)
2
?4x
1
x
2
?
第 18 页 共 65 页
x
2
y
2
代入x
1
+x
2
, x
1
x
2
可解a=5,故所求椭圆方程为: =1.
?
54
2
6.解:以拱顶为原点,水平线为x轴,建立坐标系,
如 图,由题意知,|AB|=20,|OM|=4,A
、
B坐标分别为(-10,-4)、(10 ,-4)
设抛物线方程为x
2
=-2py,将A点坐标代入,得100=-2p×( -4),解得p=12.5,
于是抛物线方程为x
2
=-25y.
由题意知E点坐标为(2,-4),E′点横坐标也为2,将2代入得y=-0.16,从而|EE′|=
(-0.16)-(-4)=3.84.故最长支柱长应为3.84米.
2
y
2
x
2
7.解:由e=,可设椭圆方程为
2
?
2
=1,
2
2bb
又设A(x
1
,y
1
)、B(x
2
,y
2
),则x
1
+x
2
=4,y1
+y
2
=2,
又
x
1
2
2b2
?
y
1
2
b
2
?1,
x
2
2
2b
2
?
y
2
2
b
2
=1,两式相减,得
x
1
2
?x
2
2
2b
2
?
y
1
2
?y
2
2
b
2
=0,
即(x
1
+x
2
)(x
1
-x
2
)+2(y
1
+y
2
)(y
1
-y
2< br>)=0.
化简得
y
1
?y
2
=-1,故直线AB的 方程为y=-x+3,
x
1
?x
2
代入椭圆方程得3x
2
-12x+18-2b
2
=0.
有
Δ
=24b
2
-72>0,又|AB|=
2(x
1
?x
2
)
2< br>?4x
1
x
2
?
24b
2
?7220
?
得
2?
,解得b
2
=8.
93
20
,
3
x
2
y
2
?
故所求椭圆方程为=1.
168
直线与圆锥曲线
第 19 页 共 65 页
【复习要点】
直线与圆锥曲线联系在一起的综合题在高考中多以高
档题、压轴题出现,主要涉及位
置关系的判定,弦长问题、最值问题、对称问题、轨迹问题等.突出考查
了数形结合、分类
讨论、函数与方程、等价转化等数学思想方法,要求考生分析问题和解决问题的能力、
计
算能力较高,起到了拉开考生“档次”,有利于选拔的功能.
1.直线与圆锥曲线有无公共
点或有几个公共点的问题,实际上是研究它们的方程组成
的方程是否有实数解成实数解的个数问题,此时
要注意用好分类讨论和数形结合的思想方
法.
2.当直线与圆锥曲线相交时:涉及弦长问题,
常用“韦达定理法”设而不求计算弦长
(即应用弦长公式);涉及弦长的中点问题,常用“差分法”设而
不求,将弦所在直线的斜
率、弦的中点坐标联系起来,相互转化.同时还应充分挖掘题目的隐含条件,寻
找量与量间
的关系灵活转化,往往就能事半功倍.
【例题】
【例1】
已知椭圆的中心在坐标原点O,焦点在坐标轴上,直线y=x+1与椭
10
,求椭圆方程. <
br>2
圆交于P和Q,且OP⊥OQ,|PQ|=
解:设椭圆方程为mx
2
+ny
2
=1(m>0,n>0),P(x
1
,y
1
),Q
(x
2
,y
2
)
?
?
y?x?1
由
?
2
得(m+n)x
2
+2nx+n-1=0,
2
?
?
mx?
ny?1
Δ
=4n
2
-4(m+n)(n-1)>0,即m+n-mn>0,
由OP⊥OQ,所以x
1
x
2
+y
1
y
2
=0,即2x
1
x
2
+(x
1
+x
2)+1=0,
∴
又2
2(n?1)
2n
?
+1=0,∴m+n=2
m?nm?n
①
4(m?n?mn)
10
2
?()
,
m?n2
3
将m+n=2,代入得m·n=
4
②
第 20 页 共 65 页
由①、②式得m=
3
131
,n=或m=,n=
222
2
31
x
2
3
2
故椭圆方程为+y
=1或x
2
+y
2
=1.
22
2
2
【例2】
角为
如图所示,抛物线y
2
=4x的顶点为O,点A的坐
标为(5,0),倾斜
?
的直线l与线段OA相交(不经过点O或点A)且交抛物线于M、N两
点,求△
4
AMN面积最大时直线l的方程,并求△AMN的最大面积.
解:由题意,可设l的方程为y=x+m,-5<m<0.
由方程组
?
?<
br>?
y?x?m
,消去y,得x
2
+(2m-4)x+m
2=0……………①
2
?
?
y?4x
∵直线l与抛物线有两个不同交点M、N,
∴方程①的判别式
Δ
=(2m-4)
2
-4m
2
=16(
1-m)>0,
解得m<1,又-5<m<0,∴m的范围为(-5,0)
设M(x
1
,y
1
),N(x
2
,y
2
)则x
1
+x
2
=4-2m,x
1
·x
2
=m
2<
br>,
∴|MN|=4
2(1?m)
.
点A到直线l的距离为d=
5?m
2
.
∴S
△
=
2(5+m)
1?m
,从而S
△
2
=4(1-m)(5+m)
2
=2(2-2m)·(5+m)(5+m)≤2(
2?2m?5?m?5?m<
br>3
)=128.
3
∴S
△
≤8
2
,当且仅
当2-2m=5+m,即m=-1时取等号.
故直线l的方程为y=x-1,△AMN的最大面积为8
2
.
【例3】 已
知双曲线C:2x
2
-y
2
=2与点P(1,2)。(1)求过P(1,2)
点的直线l
的斜率取值范围,使l与C分别有一个交点,两个交点,没有交点。(2)若Q(1,1),
试判断以Q为中点的弦是否存在.
解:(1)当直线l的斜率不存在时,l的方程为x=1,
与曲线C有一个交点.
当l的斜率存在时,设直线l的方程为y-2=k(x-1),
代入C的方程,并整理得
第 21 页 共 65 页
(2-k
2
)x
2
+2(k
2
-2
k)x-k
2
+4k-6=0………………(
*
)
(ⅰ)当2-k
2
=0,即k=±
2
时,方程(
*
)有一个根,l与C有一
个交点
(ⅱ)当2-k
2
≠0,即k≠±
2
时
Δ
=[2(k
2
-2k)]
2
-4(2-k
2
)(-k2
+4k-6)=16(3-2k)
①当
Δ
=0,即3-2k=0,k
=
②当
Δ
>0,即k<
3
时,方程(
*
)有一个实
根,l与C有一个交点.
2
33
,又k≠±
2
,故当k<-
2
或-
2
<k<
2
或
2
<k<时,
22
方程(
*
)有两不等实根,l与C有两个交点.
③当
Δ
<
0,即k>
3
时,方程(
*
)无解,l与C无交点.
2
3
,或k不存在时,l与C只有一个交点;
2
综上知:当k=±
2
,或k=
当
2
<k<
当k>
3
,或-<
br>2
<k<
2
,或k<-
2
时,l与C有两个交点;
2
3
时,l与C没有交点.
2
(2)假设以Q为中点的弦存在,设
为AB,且A(x
1
,y
1
),B(x
2
,y
2<
br>),则2x
1
2
-y
1
2
=2,2x
22
-y
2
2
=2
两式相减得:2(x
1
-x<
br>2
)(x
1
+x
2
)=(y
1
-y
2
)(y
1
+y
2
)
又∵x
1
+x2
=2,y
1
+y
2
=2
∴2(x
1
-x
2
)=y
1
-y
1
即k
AB
=
y
1
?y
2
=2
x
1
?x
2
但渐近线斜率为±
2
,结合图形知直线AB与C无
交点,所以假设不正确,即以Q为
中点的弦不存在.
【例4】 如图,已知某椭圆的焦点是F
1
(-4,0)、F
2
(4,0),过点F
2
并垂直
于x轴的直线与椭圆的一个交点为B,且|F
1
B|+|F
2
B|=10,
椭圆上不同的两点
A(x
1
,y
1
),C(x
2
,
y
2
)满足条件:|F
2
A|、|F
2
B|、|F
2
C|成等差数列.
(1)求该弦椭圆的方程;
(2)求弦AC中点的横坐标;
(3)设弦AC的垂直平分线的方程为y=kx+m,
求m的取值范围.
F
1
o
F
2
B'
A
B
C
x
y第 22 页 共 65 页
解:(1)由椭
圆定义及条件知,2a=|F
1
B|+|F
2
B|=10,得a=5,又c=
4,所以b=
a
2
?c
2
=3.
x
2
y
2
故椭圆方程为=1.
?
259
(2)由点B(4,y
B
)在椭圆上,得|F
2
B|=|y
B
|=
根据椭圆定义,有|F
2
A|=
9
4
25
.
因为椭圆右准线方程为x=,离心率为,
4
5
5
4
25
4<
br>25
(-x
1
),|F
2
C|=(-x
2
)
,
5
4
5
4
由|F
2
A|、|F
2B|、|F
2
C|成等差数列,得
4
25
4
259
(-x
1
)+(-x
2
)=2×,由此得出:x
1<
br>+x
2
=8.
5
4
5
4
5
设弦A
C的中点为P(x
0
,y
0
),则x
0
=
x
1
?x
2
=4.
2
(3)解法一:由A(x
1
,y
1
),C(x
2
,y
2
)在椭圆上.
22<
br>?
?
9x
1
?25y
1
?9?25
得
?
22
?
?
9x
2
?25y
2?9?25
①
②
①-②得9(x
1
2-x
2
2
)+25(y
1
2
-y
2
2
)=0,
即9×
(
将
(k≠0)
即k=
x1
?x
2
y?y
2
y?y
2
)?25(
1
)?(
1
)
=0(x
1
≠x
2
) <
br>22x
1
?x
2
x
1
?x
2
y?y
2
y?y
2
1
1
?x
0
?4,
1
?y
0
,
1
??
(k≠0)代入上式,得9×4+25y
0
(-)=0
k
22x
1
?x
2
k
25
y
0
(当k=0时也成立).
36
16
25
y
0
=-y
0
.
9
9
由点P(4,y
0
)在弦AC的垂直平分线上,得y
0
=4k+m,
所以m=y
0
-4k=y
0
-
由点P(4,
y
0
)在线段BB′(B′与B关于x轴对称)的内部,
得-
991616
<y
0
<,所以-<m<.
55
55
解法二:因为弦AC的中点为P(4,y
0
),所以直线AC的方程为
y-y
0
=-
1
(x-4)(k≠0)
k
③
x
2
y
2
?
将③代入椭圆方程=1,得
259<
br>(9k
2
+25)x
2
-50(ky
0
+4)x+2
5(ky
0
+4)
2
-25×9k
2
=0
第
23 页 共 65 页
所以x
1
+x
2
=
50(k
0
?4)
9k
2
?2
5
=8,解得k=
25
y
0
.(当k=0时也成立)
36
(以下同解法一).
【例5】 已知双曲线G的中心在原点,它的渐近线与圆<
br>x
2
?y
2
?10x?20?0
相切.过点
P
?
?4,0
?
作斜率为
1
的直线
l
,使得
l
和
G
交于
4
2
A,B
两点,和
y轴交于点
C
,并且点
P
在线段
AB
上,又满足
PA?PB?PC
.
(1)求双曲线
G
的渐近线的方程;
(2)求双曲线
G
的方程;
(3)椭圆
S
的中心在原点,
它的短轴是
G
的实轴.如果
S
中垂直于
l
的平行弦的中点的轨迹恰好是
G
的渐近线截在
S
内的部分,求椭圆
S
的方程.
解:(1)设双曲线
G
的渐近线的方程为:
y?kx
,
则由渐近线与圆
x?y?10x?20?0
相切可得:
22
5kk?1
2
?5
.
所以,
k??
1
.
2
双曲线
G
的渐近线的方程为:
y??
1
x
.
2
22
(2)由(1)可设双曲线
G
的方程为:
x?4y?
m
.
把直线
l
的方程
y?
1
?
x?4<
br>?
代入双曲线方程,整理得
3x
2
?8x?16?4m?0
.
4
则
x
A
?x
B
?
816?4m
(*)
,
x
A
x
B
??
33
2
∵
PA?PB?P
C
,
P,A,B,C
共线且
P
在线段
AB
上,
∴
?
x
P
?x
A
??
x
B?x
P
?
?
?
x
P
?x
C
?
,
2
第 24 页 共 65 页
即:
?
x
B
?
4
??
?
4< br>?x
A
?
?
16
,整理得:
4
?
x
A
?x
B
?
?x
A
x
B
?32? 0
将(*)代入上式可解得:
m?28
.
x
2
y
2
??1
.
所以,双曲线的方程为
287
x
2
y
2
?
2
?1a?27
.下 面我们来求出
S
中垂直
(3)由题可设椭圆
S
的方程为:
2 8
a
于
l
的平行弦中点的轨迹.
设弦的两个端点分别为
M
?
x
1
,y
1
?
,N
?
x
2
,y
2
?
,
MN
的中点为
P
?
x
0
,y
0
?
,则
??
?
x
1
2
y
1
2
?
2
?1
?
?
28
a
.
?
22
?
x
2
?
y
2
?1
?
?
28
a
2
两式作差得:
?
x
1
?x
2
??
x
1
?x
2
??
y
1
?y
2
??
y
1
?y< br>2
?
28
?
a
2
?0
由于
y
1
?y
2
??4
,
x
1
?x
2
?2x
0
,y
1
?y
2
?2y
0
x
1
?x
2
所以,
x
0
4y
0
??0
,
28
a
2
x4y
??0
截在椭圆S内的部分.
2 8
a
2
所以,垂直于
l
的平行弦中点的轨迹为直线
a
2
1
?
.所以,
又由题,这个轨迹恰好是
G
的渐近线截在
S
内的部分,所以,
1122
x
2
y
2
? ?1
.
a?56
,椭圆S的方程为:
2856
2
第 25 页 共 65 页
点评:解决直线与圆锥曲线的问
题时,把直线投影到坐标轴上(也即化线段的关系为
横坐标(或纵坐标)之间的关系)是常用的简化问题
的手段;有关弦中点的问题,常常用
到“设而不求”的方法;判别式和韦达定理是解决直线与圆锥曲线问
题的常用工具).
【例6】 设抛物线过定点
A
?
?1,0?
,且以直线
x?1
为准线.
(1)求抛物线顶点的轨迹
C
的方程;
(2)若直线
l
与
轨迹
C
交于不同的两点
M,N
,且线段
MN
恰被直线
x??
设弦
MN
的垂直平分线的方程为
y?kx?m
,试求
m
的取值范围.
解:(1)设抛物线的顶点为
G
?
x,y?
,则其焦点为
F
?
2x?1,y
?
.由抛物线的定<
br>1
平分,
2
义可知:
AF?点A到直线x?1的距离=2
.
所以,
4x
2
?y
2
?2
.
y
2
?1
?
x?1
?
.
所
以,抛物线顶点
G
的轨迹
C
的方程为:
x?
4
2<
br> (2)因为
m
是弦
MN
的垂直平分线与y轴交点的纵坐标,由
MN
所唯一确定.所
以,要求
m
的取值范围,还应该从直线
l与轨迹
C
相交入手.
显然,直线
l
与坐标轴不可能平行,所以
,设直线
l
的方程为
l:y??
圆方程得:
1
x?b,代入椭
k
?
4k
2
?1
?
2
2bx
?b
2
?4?0
??
x?
2
k
?
k
?
第 26 页 共
65 页
由于
l
与轨迹
C
交于不同的两点
M,N
,所以,
?
4k
2
?1
?
2
4b
2
222
??
2
?4
?
b?4?0
,即:
4k?kb?1?0
?
k?0
?
.(*)
??
?
2
k
?
k
?
又线段
MN
恰被直线
x??
2bk
1
?
1
?
?2?<
br>平分,所以,
x
M
?x
N
?
?
?
?
.
4k
2
?1
2
?
2
?
4k
2
?1
所以,
bk?
.
?2
33
?k?
?
k?0
?
.
22
代入(*)可解得:
?
下面,只需找到
m
与
k
的关系,即可求出
m
的取值范围.由于
y?kx?m
为弦
MN
的
垂直平分线,故可考虑弦
MN
的中点
P
?
?
,y
0
?
.
?
1
?
2
?
?114k
2
?1
11
?b????2k
.
在
l:y??x?b
中,令
x??
,可解得:
y
0
?
2k2k2k
k2
将点
P
?
?
3k
?
1<
br>?
,?2k
?
代入
y?kx?m
,可得:
m??.
2
?
2
?
3333
?m?且m?0
. <
br>44
所以,
?
从以上解题过程来看,求
m
的取值范围,主要有
两个关键步骤:一是寻求
m
与其它参
数之间的关系,二是构造一个有关参量的不等式.
从这两点出发,我们可以得到下面的另
一种解法:
解法二.设弦
MN
的中点
为
P
?
?,y
0
?
,则由点
M,N
为椭圆
上的点,可知:
?
1
?
2
?
?
22
?<
br>?
4x
M
?y
M
?4
.
?
22<
br>?
?
4x
N
?y
N
?4
第 27 页 共
65 页
两式相减得:
4
?x
M
?x
N
??
x
M
?x
N
?
?
?
y
M
?y
N
??
y
M?y
N
?
?
0
又由于
x
M
?x
N
?2?
?
?
y
M
?y
N
1
?
1
?
??1, y?y?2y, =?
,代入上式得:
MN0
?
2x?xk
??
MN
k??
y
0
.
2
B
又点
P
?
?,y
0
?
在弦
MN
的垂直平分线上,所
以,
y
0
??
?
1
?
2
?
?
N
1
k?m
.
2
13
k?y
0
.
24
P
M
所以,
m?y
0
?
B'
由点
P
?
?,y
0
?
在线段BB’上(B’、B为直线
?
1
?2
?
?
1
x??
与椭圆的交点,如图),所以,
yB'
?y
0
?y
B
.
2
也即:
?3?y
0
?3
.
所以,
?
3333
?m?且m?0
44
点评:解
决直线和圆锥曲线的位置关系问题时,对于消元后的一元二次方程,必须讨
论二次项系数和判别式,有时
借助图形的几何性质更为方便.
涉及弦中点问题,利用韦达定理或运用平方差法时(设而不求),必须
以直线与圆锥曲
线相交为前提,否则不宜用此法.
从构造不等式的角度来说,“将直线
l
的方程与椭圆方程联立所得判别式大于0”与
“弦
MN
的中点
P
?
?,y
0
?
在椭圆内”是等价的.
?
1
?
2
?
?
【例7】 设抛物线
y2
?
2
px
(
p?
0)
的焦点为
F<
br>,经过点
F
的直线与抛物线交
第 28 页 共 65 页
于
A
、
B
两点.又
M
是
其准线上一点.试证:直线
MA
、
MF
、
MB
的斜率成等差
数列.
证明 依题意直线
MA
、
MB
、
M
F
的斜率显然存在,并分别设为
k
1
,
k
2
,k
3
点
A
、
B
、
M
的坐标
分别为
A
(
x
1
,
y
1
),
B<
br>(
x
2
,
y
2
),
M
(
?
由“
AB
过点
F
(
p
,0)”得
2
p
,
m
)
2
l
AB
:
x?ty?
p
2
将上式代入抛物线
y
2
?
2px
中得:
y
2
?2pty?p
2
?0
可知
y
1
?
y
2
??p
2
又依“<
br>y
1
2
?2px
1
及
y
2
2
?2px
2
”可知
2
p
y
1
p
1x
1
????(y
1
2
?p
2
)
<
br>22p22p
2
p
y
2
pp
4
pp
2
2
x
2
??????(y?p)
1
22p2<
br>2py
1
2
2
2y
1
2
因此
k<
br>1
?k
2
?
y
1
?my
2
?m
?
pp
x
1
?x
2
?
22
?
2p
2
(y
1
?m)
p(y
1
2
?p
2
)
?
p
2
2y
1
(??m)y
1
2
p(y
1
2
?p
2
)
??
2m
p
而
k
3
?
0?mm
??
p
p
p
?(?)
22
故
k
1
?k
2
?2k
3
即直线
MA
、
MF
、
MB
的斜率成等差数列.
【例8】 已知
a
=(x,0),
b
=(1,y)
(a?3
b)?(a?3b)
(1)求点P(x,y)的轨迹C的方程;
(2)若直线l
:y=kx+m(km≠0)与曲线C交于A、B两端,D(0,-1),且有|AD|=|BD
|,
试求m的取值范围。
解:(1)
a?3b?(x,0)?3(1,y)?(x?3,3y)
a?3b?(x,0)?3(1,y)?(x?3,?3y)
第 29 页 共
65 页
∵
(a?3b)?(a?3b)
∴
(a?3b)?(a?3b)
=0
x
2
?y
2
?1
∴
(x?3)(x?3)?3y?(?3y)?0
得
3
x
2
∴P点的轨迹方程为
?y
2
?1
3
?
y?kx?m
?
(2)考虑方程组
?
x
2
消去y,得(1-3k
2
)x
2
-6kmx-3m
2
-3=0(*)
2
?
?y?1
?
3
显然1-3k
2
≠0
△=(6km)
2
-4(-3m
2
-3)=12(m
2
+1
)-3k
2
>0
设
x
1
,
x
2
为方程*的两根,则
x
1
?x
2
?
6km
1?3k
2
?x
0
?
x
1
?x
2
3kmm
?y?kx?m?
00
2
1?3k<
br>2
1?3k
2
3kmm
,)
1?3k
2
1
?3k
2
m13km
?(?)(x?)
k
1?3k
2
1?3k
2
故AB中点M的坐标为(
∴线段AB的垂直平分线方程为:<
br>y?
将D(0,-1)坐标代入,化简得:4m=3k
2
-1
22<
br>?
?
m?1?3k?0
故m、k满足
?
,消去k
2<
br>得:m
2
-4m>0
2
?
?
4m?3k?1
解得:m<0或m>4
又∵4m=3k
2
-1>-1
∴m>-
故m
?(?,0)?(4,??)
.
【直线与圆锥曲线练习】
一、选择题
x
2
1.斜率为1的直线l
与椭圆+y
2
=1相交于A、B两点,则|AB|的最大值为( )
4
1
4
1
4
第 30 页 共 65 页
A.2
D.
B.
810
5
45
5
C.
410
5
2.抛物线y=ax
2与直线y=kx+b(k≠0)交于A、B两点,且此两点的横坐标分别为x
1
,x
2
,
直线与x轴交点的横坐标是x
3
,则恒有( )
A.x
3
=x
1
+x
2
C.x
1
+x
2
+x
3
=0
二、填空题
3.已知两点M(1,
②x
2
+y
2
=3,③
__
_______.
4.正方形ABCD的边AB在直线y=x+4上,C、D两点在抛物线y
2
=x上,则正方形
ABCD的面积为_________.
5.在抛物线y
2
=16x内,通过点(2,1)且在此点被平分的弦所在直线的方程是
_________
.
三、解答题
6.已知抛物线y
2
=2px(p>0),过动点M(a,
0)且斜率为1的直线l与该抛物线交于不同的
两点A、B,且|AB|≤2p.
(1)求a的取值范围.
(2)若线段AB的垂直平分线交x轴于点N,
求△NAB面积的最大值.
7.已知中心在原点,顶点A
1
、A
2
在x轴上,离心率
e=
21
的双曲线过点P(6,6).
3
N
o
F
B
x
y
A
<
br>B.x
1
x
2
=x
1
x
3
+x2
x
3
D.x
1
x
2
+x
2
x
3
+x
3
x
1
=0
55
)、N(-4,-),给出下列曲线方程:①4x+2y-1=0,
44
x
2
2
x
2
+y=1,④-y
2
=1,在曲线上
存在点P满足|MP|=|NP|的所有曲线方程是
2
2
(1)求双曲线方程. (2)动直线l经过△A
1
PA
2
的重心G,与双曲线交于不同的两点<
br>M、N,问:是否存在直线l,使G平分线段MN,证明你的结论.
8.已知双曲线C的两条渐
近线都过原点,且都以点A(
2
,0)为圆心,1为半径的圆
相切,双曲线的一个顶点
A
1
与A点关于直线y=x对称.
第 31 页 共 65 页
(1)求双曲线C的方程.
(2)设直线l过点A,斜率为k,当
0<k<1时,双曲线C的上支上有且仅有一点B到直
线l的距离为
2
,试求k的值及
此时B点的坐标.
直线与圆锥曲线参考答案
410
4?5?t
2
一、1.解析:弦长|AB|=
2?
≤.
5
5
答案:C
?
kbb
?
y?ax
2
2.解析:解方程组
?,得ax
2
-kx-b=0,可知x
1
+x
2
=,x<
br>1
x
2
=-,x
3
=-,代入验
aak
?<
br>?
y?kx?b
证即可.
答案:B
二、3.解析:点P在线段MN
的垂直平分线上,判断MN的垂直平分线于所给曲线是
否存在交点.
答案:②③④
4.解析:设C
、
D所在直线方程为y=x+b,代入y
2
=x,利用弦长公
式可求出|CD|的长,利
用|CD|的长等于两平行直线y=x+4与y=x+b间的距离,求出b的
值,再代入求出|CD|的长.
答案:18或50
5.解析:设所求直线与y
2<
br>=16x相交于点A
、
B,且A(x
1
,y
1
),B
(x
2
,y
2
),代入抛物线方程得
y
1
2
=16x
1
,y
2
2
=16x
2
,两式相减得,
(y
1
+y
2
)(y
1
-y
2
)=16(
x
1
-x
2
).
即
y
1
?y
2
16
??
k
AB
=8.
x
1
?x
2
y
1
?y
2
故所求直线方程为y=8x-15.
答案:8x-y-15=0
三、6.解:(1)设直线l的方程为:y=x-a,代入抛物线
方程得(x-a)
2
=2px,即x
2
-
2(a+p)x+a
2
=0
∴|AB|=
2?4(a?p)
2
?4a
2≤2p.∴4ap+2p
2
≤p
2
,即4ap≤-p
2
又∵p>0,∴a≤-
p
.
4
(2)设A(x
1
,y
1
)、B(x
2
,y
2
),AB的中点
C(x,y),
第 32 页 共 65 页
<
br>由(1)知,y
1
=x
1
-a,y
2
=x
2
-a,x
1
+x
2
=2a+2p,
则有x=
x<
br>1
?x
2
y?y
2
x
1
?x
2?2a
?a?p,y?
1
?
=p.
222
∴线段AB
的垂直平分线的方程为y-p=-(x-a-p),从而N点坐标为(a+2p,0)
点N到AB的距
离为
从而S
△
NAB
=
|a?2p?a|
2
?2p
1
?2?4(a?p)
2
?4a
2
?2p?2p
2ap?p
2
2
p
时,S有最大值为
2
p
2
.
4当a有最大值-
x
2
y
2
6
2
6
2<
br>a
2
?b
2
21
2
7.解:(1)如图,设双曲线方
程为
2
?
2
=1.由已知得
2
?
2
?1,
e?
,解
?
2
3
ab
aba
得a
2
=9,b
2
=12.
x
2
y
2
所以所求双曲线方程为=1.
?
912
(2)P、A
1
、A
2
的坐标依次为(6,6)、(3,0)、(-
3,0),
∴其重心G的坐标为(2,2)
假设存在直线l,使G(2,2)平分线段MN
,设M(x
1
,y
1
),N(x
2
,y
2
).则有
?
12x
1
2
?9y
1
2
?1
08
?
4
y
1
?y
2
124
?
1
2x
2
2
?9y
2
2
?108
,∴k=
???
l
?
3
x?x93
12
?
x
1?x
2
?4
?
y?y?4
2
?
1
∴l
的方程为y=
4
(x-2)+2,
3
?
12x
2
?9y
2
?108
?
由
?
,消去y,整理得x
2
-4x+28=0.
4
?
y?(x?2)
3
?
∵
Δ
=16-4×28<0,∴所求直线l不存在.
8.解:(1)设双曲线的渐近线
为y=kx,由d=
|2k|
k?1
2
=1,解得k=±1.
第
33 页 共 65 页
即渐近线为y=±x,又点A关于y=x对称点的坐标为(0,
2
).
∴a=
2
=b,所求双曲线C的方程为x
2
-y
2
=2.
(2)设直线l:y=k(x-
2
)(0<k<1
)
,依题
意B点在平行的直线l′上,且l与l′间的
距离为
2
.
设直线l′:y=
kx+m,应有
|2k?m|
k?1
2
?2
,化简得m
2<
br>+2
2
km=2.
②
把l′代入双曲线方程得(k
2
-1)x
2
+2mkx+m
2
-2=0,
由
Δ
=4m
2
k
2
-4(k
2
-1)(m
2<
br>-2)=0.
可得m
2
+2k
2
=2 ③
②、③两式相减得k=
?mk
k?1
2
2
m,代入③得m<
br>2
=
2
1025
,解设m=,k=,此时x=
55
5
?22
,y=
10
.故B(2
2
,
10
)
.
直线与圆锥曲线
【复习要点】
直线与圆锥曲线联系在一起的综合题在高考中多
以高档题、压轴题出现,主要涉
及位置关系的判定,弦长问题、最值问题、对称问题、轨迹问题等.突出
考查了数形结
合、分类讨论、函数与方程、等价转化等数学思想方法,要求考生分析问题和解决问
题的能力、计算能力较高,起到了拉开考生“档次”,有利于选拔的功能.
1.直线与圆锥曲线有无
公共点或有几个公共点的问题,实际上是研究它们的方程
组成的方程是否有实数解成实数解的个数问题,
此时要注意用好分类讨论和数形结合
的思想方法.
2.当直线与圆锥曲线相交时:涉及弦长问
题,常用“韦达定理法”设而不求计算
弦长(即应用弦长公式);涉及弦长的中点问题,常用“差分法”
设而不求,将弦所在
直线的斜率、弦的中点坐标联系起来,相互转化.同时还应充分挖掘题目的隐含条件
,
寻找量与量间的关系灵活转化,往往就能事半功倍.
第 34 页 共 65
页
【例题】
【例9】
已知椭
圆的中心在坐标原点
O
,焦点在坐标轴上,直线
y
=
x
+1
10
,求椭圆方程.
2
与椭圆交于
P
和
Q
,且
OP
⊥
OQ
,|
PQ
|=
解:设椭圆方程为
mx
2
+
ny
2
=1(
m
>0,
n
>0),
P
(
x
1
,
y
1
),
Q
(
x
2
,
y
2
)
由
?
?
?
y?x?1
得(
m
+
n
)
x
2
+2
nx
+
n
-1=0, 22
?
?
mx?ny?1
Δ
=4
n
2
-4(
m
+
n
)(
n
-1)>0,即
m
+
n
-
mn
>0,
由
OP
⊥
OQ
,所以
x
1
x
2
+
y
1
y
2=0,即2
x
1
x
2
+(
x
1
+x
2
)+1=0,
∴
又2
2(n?1)
2
n
?
+1=0,∴
m
+
n
=2
m?nm?n
①
4(m?n?mn)
10
2
?(
)
,
m?n2
3
4
将
m
+
n
=2,
代入得
m
·
n
=
②
由①、②式得
m
=
3
131
,
n
=
或
m
=
,
n
=
222
2
331
x
2
故椭圆方程为
+
y
2
=1或
x
2
+
y
2
=1.
222
2
【例10】
如图所示,抛物线
y
2<
br>=4
x
的顶点为
O
,点
A
的坐标为(5,0),倾斜角为
?
的直线
l
与线段
OA
相交(不经过点
O
或点
A
)且
4
交抛物线于
M
、
N两点,求△
AMN
面积最大时直线
l
的方程,
并求△
A
MN
的最大面积.
解:由题意,可设
l
的方程为
y
=x
+
m
,-5<
m
<0.
由方程组
?
?
?
y?x?m
,消去
y
,得
x
2
+(
2
m
-4)
x
+
m
2
=0……………①
2
?
?
y?4x
第 35 页 共 65 页
∵直线
l
与抛物线有两个不同交点
M
、<
br>N
,
∴方程①的判别式
Δ
=(2
m
-4)
2
-4
m
2
=16(1-
m
)>0,
解得
m
<1,又-5<
m
<0,∴
m
的范围为(-5,0)
设
M
(
x
1
,
y
1
),
N
(
x
2
,
y
2
)则
x
1
+x
2
=4-2
m
,
x
1
·
x
2
=
m
2
,
∴|
MN
|=4
2(1?m)
.
点
A
到
直线
l
的距离为
d
=
5?m
2
.
∴S
△
=2(5+
m
)
1?m
,从而
S
△
2
=4(1-
m
)(5+
m
)
2
=2(2-2
m
)·(5+
m
)(5+
m
)≤2(2?2m?5?m?5?m
3
)=128.
3
∴
S
△
≤8
2
,当且仅当2-2
m
=5+
m
,即
m
=-1时取等号.
故直线
l
的方程为
y
=
x<
br>-1,△
AMN
的最大面积为8
2
.
【例11】
已知双曲线
C
:2
x
2
-
y
2
=2与点<
br>P
(1,2)。(1)求过
P
(1,2)点的
直线
l
的斜率取值范围,使
l
与
C
分别有一个交点,两个交点,没有交点。(2)若
Q
(1,1),试判断以
Q
为中点的弦是否存在.
解:(1)当直
线
l
的斜率不存在时,
l
的方程为
x
=1,
与曲线
C
有一个交点.
当
l
的斜率存在时,设直线
l
的方程为
y
-2=
k
(
x
-1),
代入
C
的方程,并整理得
(2-
k
2
)
x
2
+2(
k
2
-2
k
)
x
-<
br>k
2
+4
k
-6=0………………(
*
)
(ⅰ)当2-
k
2
=0,即
k
=±
2
时,方程(<
br>*
)有一个根,
l
与
C
有一个交点
(ⅱ)当2-
k
2
≠0,即
k
≠±
2
时
Δ
=[2(
k
2
-2
k
)]
2
-
4(2-
k
2
)(-
k
2
+4
k
-6)=
16(3-2
k
)
①当
Δ
=0,即3-2
k
=0
,
k
=
3
时,方程(
*
)有一个实根,
l
与
C
有一个交点.
2
第 36 页 共 65 页
②当
Δ
>0,即
k
<
33
,又
k
≠±
2
,故当
k
<-
2
或-2
<
k
<
2
或
2
<
k
<时,
22
方程(
*
)有两不等实根,
l
与
C<
br>有两个交点.
③当
Δ
<0,即
k
>
3
时,
方程(
*
)无解,
l
与
C
无交点.
2
综
上知:当
k
=±
2
,或
k
=
当
2
<
k
<
当
k
>
3
,或
k
不存在时
,
l
与
C
只有一个交点;
2
3
,或-
2
<
k
<
2
,或
k
<-
2
时,l
与
C
有两个交点;
2
3
时,
l
与
C
没有交点.
2
(2)假设以
Q
为中点的弦存在,设为
AB
,且
A
(
x
1
,
y
1
),
B
(
x
2,
y
2
),则2
x
1
2
-
y
1
2
=2,2
x
2
2
-
y
2
2<
br>=2两式相减得:2(
x
1
-
x
2
)(
x<
br>1
+
x
2
)=(
y
1
-
y
2
)(
y
1
+
y
2
)
又∵
x<
br>1
+
x
2
=2,
y
1
+
y
2
=2
∴2(
x
1
-
x
2
)=
y
1
-
y
1
即
k
AB
=
y
1
?y
2
=2 <
br>x
1
?x
2
但渐近线斜率为±
2
,结合图形知直线<
br>AB
与
C
无交点,所以假设不正确,即以
Q
为中点的弦不存在
.
【例12】
如图,已知某椭圆的焦点是
F
1
(-4,0)、<
br>F
2
(4,0),过点
F
2
并
垂直于
x轴的直线与椭圆的一个交点为
B
,且
y
|
F
1
B
|+|
F
2
B
|=10,椭圆上不同的两点
A
(
x
1
,
y
1
),
C
(
x
2
,
y
2
)满足条
件:|
F
2
A
|、|
F
2
B
|、|
F
2
C
|成等差数列
.
(1)求该弦椭圆的方程;
(2)求弦
AC
中点的横坐标;
(3)设弦
AC
的垂直平分线的方程为
y
=
kx
+
m
,
求
m
的取值范围.
解:(1)由椭圆定义及条件知,2a
=|
F
1
B
|+|
F
2
B
|=10,得
a
=5,又
c
=4,所以
b
=
a2
?c
2
=3.
F
1
o
A
B
C
F
2
B'
x
第 37 页 共 65 页
x
2
y
2
故椭圆方程为
=1.
?
259
(2)由点
B
(4,
y
B
)在椭
圆上,得|
F
2
B
|=|
y
B
|=
为9
25
.因为椭圆右准线方程为
x
=,离心率
4
544
25
4
25
,根据椭圆定义,有|
F
2
A
|=(
-
x
1
),|
F
2
C
|=
(
-
x
2
),
55
4
5
4
由|
F
2
A
|、|
F
2
B
|、|
F<
br>2
C
|成等差数列,得
4
25
4
25
9<
br>(
-
x
1
)+(
-
x
2
)=2×,
由此得出:
x
1
+
x
2
=8.
5
45
4
5
设弦
AC
的中点为
P
(
x0
,
y
0
),则
x
0
=
x
1
?x
2
=4.
2
(3)解法一:由
A
(
x
1
,
y
1
),
C
(
x
2
,
y
2
)在椭圆上.
22
?
?
9x
1
?25y
1
?9?25
得
?
2
2?
?
9x
2
?25y
2
?9?25
①
②
①-②得9(
x
1
2
-
x
2
2
)+25(
y
1
2
-
y
2
2
)=0,
即9×
(
将
1
)=0
k
x
1
?x
2
y?y
2
y?y
2
)?25(<
br>1
)
?
(
1
)
=0(
x
1
≠
x
2
)
22x
1
?x
2
x
1
?x
2
y?y
2
y?y
2
1
?x
0
?4,
1
?y
0
,
1
??
(
k
≠0)代入上式,得9×4+25
y
0
(-
22x
1?x
2
k
(
k
≠0)
即
k
=
25
y
0
(当
k
=0时也成立).
36
由点<
br>P
(4,
y
0
)在弦
AC
的垂直平分线上,得
y
0
=4
k
+
m
,
所以
m
=
y
0
-4
k
=
y
0
-
16
25
y
0
=-
y
0
.
9
9
由
点
P
(4,
y
0
)在线段
BB
′(
B′与
B
关于
x
轴对称)的内部,
得-
991616<
br><
y
0
<,所以-
<
m
<
.
55
55
解法二:因为弦
AC
的中点为
P
(4,
y0
),所以直线
AC
的方程为
第 38 页 共 65 页
y
-
y
0
=-(
x
-4
)(
k
≠0)
1
k
③
x
2
y
2
将③代入椭圆方程
=1,得
?
259
(9
k
2
+25)
x
2
-50(
k
y
0
+4)
x
+25(
ky
0
+4)
2<
br>-25×9
k
2
=0
所以
x
1
+
x
2
=
50(k
0
?4)
9k
2
?25<
br>=8,解得
k
=
25
y
0
.(当
k
=0时也成立)
36
(以下同解法一).
【例13】 已知双曲线G的中心在原点
,它的渐近线与圆
x
2
?y
2
?10x?20?0
相切.过
点
P
?
?4,0
?
作斜率为
1
的直线
l<
br>,使得
l
和
G
交于
4
2
A,B
两点
,和
y
轴交于点
C
,并且点
P
在线段
AB
上,又满足
PA?PB?PC
.
(1)求双曲线
G
的渐近线的方程;
(2)求双曲线
G
的方程;
(3)椭圆
S
的中心在原点,
它的短轴是
G
的实轴.如果
S
中垂直于
l
的平行弦的中点的轨迹恰好是
G
的渐近线截在
S
内的部分,求椭圆
S
的方程.
解:(1)设双曲线
G
的渐近线的方程为:
y?kx
,
则由渐近线与圆
x?y?10x?20?0
相切可得:
22
5kk?1
2
?5
.
所以,
k??
1
.
2
1
x
.
2
22
双曲线
G
的渐
近线的方程为:
y??
(2)由(1)可设双曲线
G
的方程为:
x?
4y?m
.
第 39 页 共 65 页
把直线
l
的方程
y?
1
?
x?4
?代入双曲线方程,整理得
3x
2
?8x?16?4m?0
.
4
则
x
A
?x
B
?
816?4m
(*)
,
x
A
x
B
??
33
2
∵
PA?PB?P
C
,
P,A,B,C
共线且
P
在线段
AB
上,
∴
?
x
P
?x
A
??
x
B?x
P
?
?
?
x
P
?x
C
?
,
2
即:
?
x
B
?
4
???
4
?x
A
?
?
16
,整理得:
4<
br>?
x
A
?x
B
?
?x
A
x
B
?32?0
将(*)代入上式可解得:
m?28
.
x
2
y
2
??1
.
所以,双曲线的方程为
287
x
2
y
2
?
2
?1a?27
.下
面我们来求出
S
中垂直
(3)由题可设椭圆
S
的方程为:
2
8
a
于
l
的平行弦中点的轨迹.
设弦的两个端点分别为
M
?
x
1
,y
1
?
,N
?
x
2
,y
2
?
,
MN
的中点为
P
?
x
0
,y
0
?
,则
??
?
x
1
2
y
1
2
?
2
?1
?
?
28
a
.
?
22
?
x
2
?
y
2
?1
?
?
28
a
2
两式作差得:
?
x
1
?x
2
??
x
1
?x
2
??
y
1
?y
2
??
y
1
?y<
br>2
?
28
?
a
2
?0
y
1
?y
2
??4
,
x
1
?x
2
?
2x
0
,y
1
?y
2
?2y
0
由于
x
1
?x
2
所以,
x
0
4y
0
??0
,
28
a
2
第 40 页 共 65 页
所以,垂直于
l
的平行弦中点的轨迹为直线
x4y
??0
截在椭圆S内的部分.
28
a
2
a
21
?
.所以,
又由题,这个轨迹恰好是
G
的渐近线截在
S
内的部分,所以,
1122
x
2
y
2
??1.
a?56
,椭圆S的方程为:
2856
2
点评:解决直线与
圆锥曲线的问题时,把直线投影到坐标轴上(也即化线段的关系为
横坐标(或纵坐标)之间的关系)是常
用的简化问题的手段;有关弦中点的问题,常常用
到“设而不求”的方法;判别式和韦达定理是解决直线
与圆锥曲线问题的常用工具).
【例14】 设抛物线过定点
A
?
?1,0
?
,且以直线
x?1
为准线.
(1)求抛物线顶点的轨迹
C
的方程;
(2)若直线
l
与
轨迹
C
交于不同的两点
M,N
,且线段
MN
恰被直线
x??
设弦
MN
的垂直平分线的方程为
y?kx?m
,试求
m
的取值范围.
解:(1)设抛物线的顶点为
G
?
x,y?
,则其焦点为
F
?
2x?1,y
?
.由抛物线的定<
br>1
平分,
2
义可知:
AF?点A到直线x?1的距离=2
.
所以,
4x
2
?y
2
?2
.
y
2
?1
?
x?1
?
.
所
以,抛物线顶点
G
的轨迹
C
的方程为:
x?
4
2<
br> (2)因为
m
是弦
MN
的垂直平分线与y轴交点的纵坐标,由
MN
所唯一确定.所
以,要求
m
的取值范围,还应该从直线
l与轨迹
C
相交入手.
第 41 页 共 65 页
显然,直线
l
与坐标轴不可能平行,所以,设直线
l
的方程为
l:y??
圆方程得:
1
x?b
,代入椭k
?
4k
2
?1
?
2
2bx
?b2
?4?0
??
x?
2
k
?
k
?
由于
l<
br>与轨迹
C
交于不同的两点
M,N
,所以,
?
4k2
?1
?
2
4b
2
222
??
2?4
?
b?4?0
,即:
4k?kb?1?0
?
k?0
?
.(*)
??
?
2
k
?
k
?
又线段
MN
恰被直线
x??
2bk
1
?
1
?
?2?<
br>平分,所以,
x
M
?x
N
?
?
?
?
.
4k
2
?1
2
?
2
?
4k
2
?1
所以,
bk?
.
?2
33
?k?
?
k?0
?
.
22
代入(*)可解得:
?
下面,只需找到
m
与
k
的关系,即可求出
m
的取值范围.由于
y?kx?m
为弦
MN
的
垂直平分线,故可考虑弦
MN
的中点
P
?
?
,y
0
?
.
?
1
?
2
?
?114k
2
?1
11
?b????2k
.
在
l:y??x?b
中,令
x??
,可解得:
y
0
?
2k2k2k
k2
将点
P
?
?
3k
?
1<
br>?
,?2k
?
代入
y?kx?m
,可得:
m??.
2
?
2
?
3333
?m?且m?0
. <
br>44
所以,
?
从以上解题过程来看,求
m
的取值范围,主要有
两个关键步骤:一是寻求
m
与其它参
数之间的关系,二是构造一个有关参量的不等式.
从这两点出发,我们可以得到下面的另
一种解法:
第 42 页 共 65 页
解法二.设弦
MN
的中点为
P
?
?,y
0
?
,则由点
M,N
为椭圆上的点,可知:
?1
?
2
?
?
22
?
?
4x
M
?y
M
?4
.
?
22
?
?
4x
N
?y
N
?4
两式相减得:
4
?
x
M
?x
N
??
x
M
?x
N
?
?
?
y
M
?y
N
??
y
M
?yN
?
?
0
y
M
?y
N
1<
br>?
1
?
=?
,代入上式得:
又由于
x
M?x
N
?2?
?
?
?
??1,
y
M
?y
N
?2y
0
,
x
M
?x
N
k
?
2
?
k??
y
0
.
2
B
又点
P
?
?,y
0
?
在弦
MN
的垂直平分线上,所
以,
y
0
??
?
1
?
2
?
?
N
1
k?m
.
2
13
k?y
0
.
24
P
M
所以,
m?y
0
?
B'
由点
P
?
?,y
0
?
在线段BB’上(B’、B为直线
?
1
?2
?
?
1
x??
与椭圆的交点,如图),所以,
yB'
?y
0
?y
B
.
2
也即:
?3?y
0
?3
.
所以,
?
3333
?m?且m?0
44
点评:解
决直线和圆锥曲线的位置关系问题时,对于消元后的一元二次方程,必须讨
论二次项系数和判别式,有时
借助图形的几何性质更为方便.
涉及弦中点问题,利用韦达定理或运用平方差法时(设而不求),必须
以直线与圆锥
曲线相交为前提,否则不宜用此法.
第 43 页 共 65 页
从构造不等式的角度来说,“将直线
l
的方程与椭圆方程联
立所得判别式大于0”与
“弦
MN
的中点
P
?
?,y
0
?
在椭圆内”是等价的.
?
1
?
2
?
?
【例15】 设抛物线
y<
br>2
?
2
px
(
p?
0)
的焦点为
F
,经过点
F
的直线与抛物线交
于
A
、
B
两
点.又
M
是其准线上一点.试证:直线
MA
、
MF
、
MB
的斜率成等差数列.
证明 依题意直线
MA
、
MB
、
MF
的斜率显然存在,并分别设为
k
1
,
k
2
,
k
3
点
A
、
B
、
M
的坐标分别为
A
(
x
1
,
y
1
),
B
(
x
2
,
y
2
),M
(
?
由“
AB
过点
F
(
p
,0)”得
2
p
,
m
)
2
l
AB
:
x?ty?
p
2
将上式代入抛物线
y
2
?
2px
中得:
y
2
?2pty?p
2
?0
可知
y
1
?
y
2
??p
2
又依“<
br>y
1
2
?2px
1
及
y
2
2
?2px
2
”可知
2
p
y
1
p
1x
1
????(y
1
2
?p
2
)
<
br>22p22p
2
p
y
2
pp
4
pp
x
2
??????(y
1
2
?p
2
)
22
22p2
2py
1
2
2y
1
因此 <
br>k
1
?k
2
?
y
1
?my
2
?m
?
pp
x
1
?x
2
?
2
2
?
2p
2
(y
1
?m)
p(y
1
2
?p
2
)
?
p
2
2y
1
(?
?m)
y
1
2
p(y
1
2
?p
2
)
??
2m
p
而
k
3
?
0?mm
??
p
p
p
?(?)
22
故
k
1
?k
2
?2k
3
即直线
MA
、
MF
、
MB
的斜率成等差数列.
【例16】 已知
a
=(x,0),
b
=(1,y)
(a?
3b)?(a?3b)
第 44 页 共 65 页
(1)求点P(x,y)的轨迹C的方程;
(2)若直线
l
:y=kx+m(km≠0)与曲线C交于A、B两端,D(0,-1),且有|AD|=|BD|,
试
求m的取值范围。
解:(1)
a?3b?(x,0)?3(1,y)?(x?3,3y)
a?3b?(x,0)?3(1,y)?(x?3,?3y)
∵
(a?3b)?(a?3b)
∴
(a?3b)?(a?3b)
=0
x
2
?y
2
?1
∴
(x?3)(x?3)?3y?(?3y)?0
得
3
x
2
∴P点的轨迹方程为
?y
2
?1
3
?
y?kx?m
?
(2)考虑方程组
?
x
2
消去y,得(1-3k
2
)x
2
-6kmx-3m
2
-3=0(*)
2
?
?y?1
?
3
显然1-3k
2
≠0
△=(6km)
2
-4(-3m
2
-3)=12(m
2
+1
)-3k
2
>0
设
x
1
,
x
2
为方程*的两根,则
x
1
?x
2
?
6km
2
1?3k
?x
0
?
x
1
?x
2
3kmm
?y?kx?m?
00
22
2
1?3k1?3k
3kmm
,)
22
1?3k1?3k
m13km
?(?)(x?)
22
k
1?3k1?3k
故AB中点M的坐标为(
∴线段AB的垂直平分线方程为
:
y?
将D(0,-1)坐标代入,化简得:4m=3k
2
-1
2
2
?
?
m?1?3k?0
故m、k满足
?
,消去k
2
得:m
2
-4m>0
2
?
?
4m?3k?1
解得:m<0或m>4
又∵4m=3k
2
-1>-1
∴m>-
故m
?(?,0)?(4,??)
.
1
4
1
4
第 45 页 共 65 页
【直线与圆锥曲线练习】
一、选择题
x2
1.斜率为1的直线
l
与椭圆+
y
2
=1相交于A
、
B
两点,则|
AB
|的最大值为( )
4
A.2
B.
D.
45
5
810
5
C.
410
5
2.抛物线
y
=
a
x
2
与直线
y
=
kx
+
b
(
k<
br>≠0)交于
A
、
B
两点,且此两点的横坐标分别为
x
1
,
x
2
,直线与
x
轴交点的横坐标是
x
3
,则恒有( )
A.
x
3
=
x
1
+
x
2
B.
x
1
x
2
=
x
1
x
3
+
x
2
x
3
C.
x
1
+
x
2
+
x
3
=0
D.
x
1
x
2
+
x
2
x
3
+
x
3
x
1
=0
二、填空题
3.已知两点
M
(1,
22
55
)、
N
(-4,-),给出下列曲线方程:①4
x
+2
y
-1=0,
44
x
2
x
2
2
②
x
+
y
=3,③+
y
=1,④
-
y
2
=1,在曲线上存
在点
P
满足|
MP
|=|
NP
|的所有曲线方
2<
br>2
程是_________.
4.正方形
ABCD
的边
AB
在直线
y
=
x
+4上,
C
、D两点在抛物线
y
2
=
x
上,则正方
形
ABCD
的面积为___
______.
5.在抛物线
y
2
=16
x
内,通过点(
2,1)且在此点被平分的弦所在直线的方程是
_________.
三、解答题
6.已知抛物线
y
2
=2
px
(
p
>0),过动点
M
(
a
,0)且斜率为1的
直线
l
与该抛物线交于
不同的两点
A
、
B
,且|
AB
|≤2
p
.
(1)求
a
的取值范围.
(2)若线段
AB
的垂直平分线交
x
轴于点
N
,
o
F
B
N
x
y
A
第 46 页 共 65
页
求△
NAB
面积的最大值.
7.已知中心在原点,顶点
A
1
、
A
2
在
x
轴上,离心率
e
=
6).
(1)求双曲线方程.
(2
)动直线
l
经过△
A
1
PA
2
的重心
G<
br>,与双曲线交于不同的两点
M
、
N
,问:是否存
在直线
l
,使
G
平分线段
MN
,证明你的结论.
8.已知双曲
线
C
的两条渐近线都过原点,且都以点
A
(
2
,0)为圆心
,1为半径
的圆相切,双曲线的一个顶点
A
1
与
A
点关于直
线
y
=
x
对称.
(1)求双曲线
C
的方程. <
br>(2)设直线
l
过点
A
,斜率为
k
,当0<
k
<1时,双曲线
C
的上支上有且仅有一点
B
到直线
l的距离为
2
,试求
k
的值及此时
B
点的坐标.
直线与圆锥曲线参考答案
410
4?5?t
2
一、1.
解析:弦长|
AB
|=
2?
≤
.
5
5
2
1
的双曲线过点
P
(6,
3
答案:C
?
kbb<
br>?
y?ax
2
2.解析:解方程组
?
,得
ax
2
-
kx
-
b
=0,可知
x
1
+
x
2
=,
x
1
x
2
=-,
x
3
=-,
aak
?
?
y?kx?b
代入验证即可.
答案:B
二、3.解析:点
P
在线段
MN
的垂直平分线上
,判断
MN
的垂直平分线于所给曲线
是否存在交点.
答案:②③④
4.解析:设
C、D
所在直线方程为
y
=
x
+
b
,代入
y
2
=
x
,利用弦长公式可求出|
CD|的
长,利用|
CD
|的长等于两平行直线
y
=
x+4与
y
=
x
+
b
间的距离,求出
b
的值,再代入
求出|
CD
|的长.
答案:18或50
第 47
页 共 65 页
5.解析:设所求直线与
y
2
=16
x
相交于点
A、B
,且
A
(
x
1
,
y
1
),
B
(
x
2
,
y
2
),代入抛物线方
程得
y
1
2<
br>=16
x
1
,
y
2
2
=16
x2
,两式相减得,(
y
1
+
y
2
)(
y
1
-
y
2
)=16(
x
1
-
x
2
).
即
y
1
?y
2
16
?<
br>?
k
AB
=8.
x
1
?x
2
y<
br>1
?y
2
故所求直线方程为
y
=8
x
-15
.
答案:8
x
-
y
-15=0
三、6.解:(1)设直
线
l
的方程为:
y
=
x
-
a
,代入抛物线
方程得(
x
-
a
)
2
=2
px
,即
x
2
-
2(
a
+
p
)
x
+a
2
=0
∴|
AB
|=
2?4(a?p)
2
?4a
2
≤2
p
.∴4
ap
+2
p
2
≤
p
2
,即4
ap
≤-
p
2
又∵
p
>0,∴
a
≤-
p
.
4
(2)设
A
(
x
1
,
y
1
)、
B
(
x
2
,
y
2
),
AB
的中点
C
(
x
,
y
),
由(1)知,
y
1
=
x
1
-
a
,
y
2
=
x
2
-
a
,
x
1
+
x
2
=2
a
+2
p
,
则有
x
=
x
1
?x
2
y?y
2
x
1
?x
2
?
2a
?a?p,y?
1
?
=
p
.
222
∴线段
AB
的垂直平分线的方程为
y
-
p
=-(
x
-
a
-
p
),从而
N
点坐标为(
a
+2
p
,0)
点
N
到
AB
的距离为<
br>1
2
|a?2p?a|
2
?2
p
从而S
△
NAB
=
?2?4(a?p)
2
?4a
2
?2p?2p2ap?p
2
当
a
有最大值-
p<
br>时,
S
有最大值为
2
p
2
.
4
x
2
y
2
6
2
6
2
a
2
?
b
2
21
2
7.解:(1)如图,设双曲线方程为
2
?2
=1.由已知得
2
?
2
?1,e?
,
?3
ab
aba
2
解得
a
2
=9,
b<
br>2
=12.
第 48 页 共 65 页
x
2
y
2
所以所求双曲线方程为
=1. <
br>?
912
(2)
P
、
A
1
、
A2
的坐标依次为(6,6)、(3,0)、(-3,0),
∴其重心
G
的坐标为(2,2)
假设存在直线
l
,使G
(2,2)平分线段
MN
,设
M
(
x
1,
y
1
),
N
(
x
2
,
y<
br>2
).则有
?
12x
1
2
?9y
1
2
?108
?
4
y?y
2
124
?
12
x
2
2
?9y
2
2
?108
?
1
??
,∴
k
l
=
?
3
x
1
?x
2
93
?
x
1
?x
2
?4
?y?y?4
2
?
1
∴
l
的方程为
y
=
4
(
x
-2)+2,
3
?
12x
2<
br>?9y
2
?108
?
由
?
4
,消去
y
,整理得
x
2
-4
x
+28=0.
?
y?(x?2)
3
?
∵
Δ
=16-4×28<0,∴所求直线
l
不存在.
8.解:(1)设双曲线的渐近线为
y
=
kx
,由
d
=
|2k|
k?1
2
=1,解得
k
=±1.
即渐近线为
y
=±
x
,又点
A
关于<
br>y
=
x
对称点的坐标为(0,
2
).
∴
a
=
2
=
b
,所求双曲线
C
的方程为
x2
-
y
2
=2.
(2)设直线
l
:
y
=
k
(
x
-
2
)(0<
k
<1
)
,依题意
B
点在平行的直线
l
′上,且
l
与
l
′间的
距离为
2
.
设直线
l
′:
y
=
kx
+
m
,应有
②
|2k?m
|
k?1
2
?
2
,化简得
m
2
+2
2
k
m=2.
把
l
′代入双曲线方程得(
k
2
-1)
x
2
+2
mkx
+
m
2
-2=0,
由
Δ
=4
m
2
k
2
-4(<
br>k
2
-1)(
m
2
-2)=0.
可得
m
2
+2
k
2
=2 ③ ②、③两式相减得
k
=
2
m
,代入③得
m
2<
br>=
?mk
k?1
2
2
1025
,解设
m=,
k
=,此时
x
=
55
5
?22
,
y
=
10
.故
B
(2
2
,
10<
br>).
第 49 页 共 65 页
直线与圆锥曲线
【复习要点】
直线与圆锥曲线联系在一
起的综合题在高考中多以高档题、压轴题出现,主要涉
及位置关系的判定,弦长问题、最值问题、对称问
题、轨迹问题等.突出考查了数形结
合、分类讨论、函数与方程、等价转化等数学思想方法,要求考生分
析问题和解决问
题的能力、计算能力较高,起到了拉开考生“档次”,有利于选拔的功能.
1
.直线与圆锥曲线有无公共点或有几个公共点的问题,实际上是研究它们的方程
组成的方程是否有实数解
成实数解的个数问题,此时要注意用好分类讨论和数形结合
的思想方法.
2.当直线与圆锥曲
线相交时:涉及弦长问题,常用“韦达定理法”设而不求计算
弦长(即应用弦长公式);涉及弦长的中点
问题,常用“差分法”设而不求,将弦所在
直线的斜率、弦的中点坐标联系起来,相互转化.同时还应充
分挖掘题目的隐含条件,
寻找量与量间的关系灵活转化,往往就能事半功倍.
【例题】
【例17】
已知椭圆的中心在坐标原点
O
,焦点在坐标
轴上,直线
y
=
x
+1
10
,求椭圆方程.
2<
br>与椭圆交于
P
和
Q
,且
OP
⊥
OQ
,|
PQ
|=
解:设椭圆方程为
mx
2
+
ny2
=1(
m
>0,
n
>0),
P
(
x
1
,
y
1
),
Q
(
x
2
,
y
2
)
由
?
?
?
y?x?1
得(
m
+
n
)
x
2
+2
nx
+<
br>n
-1=0,
22
?
?
mx?ny?1
Δ
=4
n
2
-4(
m
+
n
)(
n
-
1)>0,即
m
+
n
-
mn
>0,
由
O
P
⊥
OQ
,所以
x
1
x
2
+
y<
br>1
y
2
=0,即2
x
1
x
2
+(<
br>x
1
+
x
2
)+1=0,
∴
2
(n?1)
2n
?
+1=0,∴
m
+
n
=2
m?nm?n
①
第 50 页 共 65 页
又2
4(m?n?mn)
10
2
?()
,
m?n2
3
4
将
m
+
n
=2,代入得
m
·
n
=
②
由①、②式得
m
=
3
1
31
,
n
=
或
m
=
,
n
= 222
2
331
x
2
故椭圆方程为
+
y
2
=1或
x
2
+
y
2
=1.
222
2
【例18】
如图所示,抛物线
y
2<
br>=4
x
的顶点为
O
,点
A
的坐标为(5,0),倾斜角为
?
的直线
l
与线段
OA
相交(不经过点
O
或点
A
)且
4
交抛物线于
M
、
N两点,求△
AMN
面积最大时直线
l
的方程,
并求△
A
MN
的最大面积.
解:由题意,可设
l
的方程为
y
=x
+
m
,-5<
m
<0.
由方程组
?
?
?
y?x?m
,消去
y
,得
x
2
+(
2
m
-4)
x
+
m
2
=0……………①
2
?
?
y?4x
∵直线
l
与抛物线有两个不同交点
M
、
N
,
∴方程①的判别式
Δ
=(2
m
-4)
2
-4
m
2
=16(1-
m
)>0, 解得
m
<1,又-5<
m
<0,∴
m
的范围为(-5,
0)
设
M
(
x
1
,
y
1
),<
br>N
(
x
2
,
y
2
)则
x
1
+
x
2
=4-2
m
,
x
1
·x
2
=
m
2
,
∴|
MN
|=4
2(1?m)
.
点
A
到
直线
l
的距离为
d
=
5?m
2
.
∴S
△
=2(5+
m
)
1?m
,从而
S
△
2
=4(1-
m
)(5+
m
)
2
=2(2-2
m
)·(5+
m
)(5+
m
)≤2(2?2m?5?m?5?m
3
)=128.
3
∴
S
△
≤8
2
,当且仅当2-2
m
=5+
m
,即
m
=-1时取等号.
第 51 页 共 65 页
p>
故直线
l
的方程为
y
=
x
-1,△AMN
的最大面积为8
2
.
【例19】
已知双曲线
C
:2
x
2
-
y
2
=2与点
P
(
1,2)。(1)求过
P
(1,2)点的
直线
l
的斜率取值范围,使
l
与
C
分别有一个交点,两个交点,没有交点。(2)若
Q
(1,1),试判断以
Q
为中点的弦是否存在.
解:(1)当直线
l
的斜率不存在时,
l
的方程为
x
=1,
与曲线
C
有一个交点.
当
l
的斜率存在时,设直线
l
的方程为
y
-2=
k
(
x
-1),
代入
C
的方程,并整理得
(2-
k
2
)
x
2
+2(
k
2
-2
k
)
x
-<
br>k
2
+4
k
-6=0………………(
*
)
(ⅰ)当2-
k
2
=0,即
k
=±
2
时,方程(<
br>*
)有一个根,
l
与
C
有一个交点
(ⅱ)当2-
k
2
≠0,即
k
≠±
2
时
Δ
=[2(
k
2
-2
k
)]
2
-
4(2-
k
2
)(-
k
2
+4
k
-6)=
16(3-2
k
)
①当
Δ
=0,即3-2
k
=0
,
k
=
②当
Δ
>0,即
k
<
3
时
,方程(
*
)有一个实根,
l
与
C
有一个交点.
2
33
,又
k
≠±
2
,故当
k
<-
2
或-
2
<
k
<
2
或
2
<k
<
时,
22
方程(
*
)有两不等实根,
l<
br>与
C
有两个交点.
③当
Δ
<0,即
k
><
br>3
时,方程(
*
)无解,
l
与
C
无交点.
2
3
,或
k
不存在时,
l
与
C
只
有一个交点;
2
综上知:当
k
=±
2
,或
k=
当
2
<
k
<
当
k
>
3,或-
2
<
k
<
2
,或
k
<-
2
时,
l
与
C
有两个交点;
2
3
时,
l
与
C
没有交点.
2
(2)假设以
Q
为中点的弦存在,设为
AB
,且
A
(
x
1
,
y
1
),
B
(
x
2,
y
2
),则2
x
1
2
-
y
1
2
=2,2
x
2
2
-
y
2
2<
br>=2两式相减得:2(
x
1
-
x
2
)(
x<
br>1
+
x
2
)=(
y
1
-
y
2
)(
y
1
+
y
2
)
又∵
x<
br>1
+
x
2
=2,
y
1
+
y
2
=2
第 52 页 共 65 页
<
br>∴2(
x
1
-
x
2
)=
y
1
-
y
1
即
k
AB
=
y
1
?y
2
=2 <
br>x
1
?x
2
但渐近线斜率为±
2
,结合图形知直线<
br>AB
与
C
无交点,所以假设不正确,即以
Q
为中点的弦不存在
.
【例20】
如图,已知某椭圆的焦点是
F
1
(-4,0)、<
br>F
2
(4,0),过点
F
2
并
垂直于
x轴的直线与椭圆的一个交点为
B
,且
y
|
F
1
B
|+|
F
2
B
|=10,椭圆上不同的两点
A
(
x
1
,
y
1
),
C
(
x
2
,
y
2
)满足条
件:|
F
2
A
|、|
F
2
B
|、|
F
2
C
|成等差数列
.
(1)求该弦椭圆的方程;
(2)求弦
AC
中点的横坐标;
(3)设弦
AC
的垂直平分线的方程为
y
=
kx
+
m
,
求
m
的取值范围.
解:(1)由椭圆定义及条件知,2a
=|
F
1
B
|+|
F
2
B
|=10,得
a
=5,又
c
=4,所以
b
=
a2
?c
2
=3.
F
1
o
A
B
C
F
2
B'
x
x
2
y
2
?故椭圆方程为
=1.
259
(2)由点
B
(4,
y<
br>B
)在椭圆上,得|
F
2
B
|=|
y
B|=
为
9
25
.因为椭圆右准线方程为
x
=,离心率<
br>4
5
44
25
4
25
,根据椭圆定义,有|
F
2
A
|=(
-
x
1
),|
F
2
C
|=(
-
x
2
),
55
4
5
4
由|
F
2
A
|、|
F
2
B|、|
F
2
C
|成等差数列,得
4
25
4<
br>25
9
(
-
x
1
)+(
-
x
2
)=2×,由此得出:
x
1
+
x
2
=8. <
br>5
4
5
4
5
设弦
AC
的中点为
P<
br>(
x
0
,
y
0
),则
x
0
=
x
1
?x
2
=4.
2
(3)解法一:由
A
(
x
1
,
y
1
),
C
(x
2
,
y
2
)在椭圆上.
22
?
?
9x
1
?25y
1
?9?25
得
?
2
2
?
?
9x
2
?25y
2
?9?
25
①
②
第 53 页 共 65 页
①-②得9(
x
1
2
-
x
2
2
)+25(
y
1
2
-
y
2
2
)=0,
即9×
(
将
1
)=0
k
x
1
?x
2
y?y
2
y?y
2
)?25(<
br>1
)
?
(
1
)
=0(
x
1
≠
x
2
)
22x
1
?x
2
x
1
?x
2
y?y
2
y?y
2
1
?x
0
?4,
1
?y
0
,
1
??
(
k
≠0)代入上式,得9×4+25
y
0
(-
22x
1?x
2
k
(
k
≠0)
即
k
=
25
y
0
(当
k
=0时也成立).
36
由点<
br>P
(4,
y
0
)在弦
AC
的垂直平分线上,得
y
0
=4
k
+
m
,
所以
m
=
y
0
-4
k
=
y
0
-
16
25
y
0
=-
y
0
.
9
9
由
点
P
(4,
y
0
)在线段
BB
′(
B′与
B
关于
x
轴对称)的内部,
得-
991616<
br><
y
0
<,所以-
<
m
<
.
55
55
解法二:因为弦
AC
的中点为
P
(4,
y0
),所以直线
AC
的方程为
y
-
y
0=-(
x
-4)(
k
≠0)
1
k
③
x
2
y
2
?
将③代入椭圆方程
=1,得
259
(9
k
2
+25)
x
2
-50(
k
y
0
+4)
x
+25(
ky
0
+4)
2<
br>-25×9
k
2
=0
所以
x
1
+
x
2
=
50(k
0
?4)
9k
2
?25<
br>=8,解得
k
=
25
y
0
.(当
k
=0时也成立)
36
(以下同解法一).
【例21】 已知双曲线G的中心在原点
,它的渐近线与圆
x
2
?y
2
?10x?20?0
相切.过
点
P
?
?4,0
?
作斜率为
1
的直线
l<
br>,使得
l
和
G
交于
4
2
A,B
两点
,和
y
轴交于点
C
,并且点
P
在线段
AB
上,又满足
PA?PB?PC
.
(1)求双曲线
G
的渐近线的方程;
第 54 页 共 65 页
(2)求双曲线
G
的方程;
(3)椭圆
S
的中心在原点,它的短轴是
G
的实轴.如果
S
中垂直于
l
的平行弦的中
点的轨迹恰好是
G
的渐近线截在
S
内的部分,
求椭圆
S
的方程.
解:(1)设双曲线
G
的渐近线的方程为:
y?kx
,
则
由渐近线与圆
x?y?10x?20?0
相切可得:
22
5k
k?1
2
?5
.
所以,
k??
1
.
2
1
x
.
2
22
双曲线
G
的渐
近线的方程为:
y??
(2)由(1)可设双曲线
G
的方程为:
x?
4y?m
.
把直线
l
的方程
y?
1
?
x
?4
?
代入双曲线方程,整理得
3x
2
?8x?16?4m?0.
4
则
x
A
?x
B
?
816?4m
(*)
,
x
A
x
B
??
33
2
∵
PA?PB?P
C
,
P,A,B,C
共线且
P
在线段
AB
上,
∴
?
x
P
?x
A
??
x
B?x
P
?
?
?
x
P
?x
C
?
,
2
即:
?
x
B
?
4
???
4
?x
A
?
?
16
,整理得:
4<
br>?
x
A
?x
B
?
?x
A
x
B
?32?0
将(*)代入上式可解得:
m?28
.
x
2
y
2
??1
.
所以,双曲线的方程为
287
第 55 页 共 65 页
x
2
y
2
?
2
?1a?
27
.下面我们来求出
S
中垂直
(3)由题可设椭圆
S
的方
程为:
28
a
于
l
的平行弦中点的轨迹.
设弦的两个端点
分别为
M
?
x
1
,y
1
?
,N
?
x
2
,y
2
?
,
MN
的中点为
P
?
x
0
,y
0
?
,则
??
?<
br>x
1
2
y
1
2
?
2
?1
?
?
28
a
.
?
22
?
x
2?
y
2
?1
?
?
28
a
2
两
式作差得:
?
x
1
?x
2
??
x
1
?x
2
??
y
1
?y
2
??
y
1
?y
2
?
28
?
a
2
?0
<
br>y
1
?y
2
??4
,
x
1
?x2
?2x
0
,y
1
?y
2
?2y
0<
br>
由于
x
1
?x
2
所以,
x
04y
0
??0
,
28
a
2
x4y
??0
截在椭圆S内的部分.
2
8
a
2
所以,垂直于
l
的平行弦中点的轨迹为直线
a
2
1
?
.所以,
又由题,这个轨迹恰好是
G
的渐近线截在
S
内的部分,所以,
1122
x
2
y
2
?
?1
.
a?56
,椭圆S的方程为:
2856
2
点评:解
决直线与圆锥曲线的问题时,把直线投影到坐标轴上(也即化线段的关系为
横坐标(或纵坐标)之间的关
系)是常用的简化问题的手段;有关弦中点的问题,常常用
到“设而不求”的方法;判别式和韦达定理是
解决直线与圆锥曲线问题的常用工具).
【例22】 设抛物线过定点
A
?
?1,0
?
,且以直线
x?1
为准线.
(1)求抛物线顶点的轨迹
C
的方程;
第 56 页 共 65 页
(2)若直线
l
与轨迹
C
交于不同的两点
M,N
,且线段
MN
恰被直线
x??
设弦
MN的垂直平分线的方程为
y?kx?m
,试求
m
的取值范围.
1
平分,
2
解:(1)设抛物线的顶点为
G
?
x,
y
?
,则其焦点为
F
?
2x?1,y
?
.由抛物线
的定
义可知:
AF?点A到直线x?1的距离=2
.
所以,
4x
2
?y
2
?2
.
y
2
?1
?
x?1
?
.
所
以,抛物线顶点
G
的轨迹
C
的方程为:
x?
4
2<
br> (2)因为
m
是弦
MN
的垂直平分线与y轴交点的纵坐标,由
MN
所唯一确定.所
以,要求
m
的取值范围,还应该从直线
l与轨迹
C
相交入手.
显然,直线
l
与坐标轴不可能平行,所以
,设直线
l
的方程为
l:y??
圆方程得:
1
x?b,代入椭
k
?
4k
2
?1
?
2
2bx
2
x??b?4?0
??
2
k
?
k
?
由于
l
与轨迹
C
交于不同的两点
M,N
,所以,
?
4k
2
?1
?
2
4b
2
222
??
2
?4??
?
b?4
?
?0
,即:
4k?kb?1?0
?
k?0
?
.(*)
2
k
?
k
?
又线段
MN
恰被直线
x??
2bk
1
?
1
?
?2?
平分,所以,x
M
?x
N
?
?
?
?
.
2
4k?1
2
?
2
?
4k
2
?1
所以,
bk?
.
?2
33
?k?
?
k?0
?
.
22
第 57 页 共 65 页
代入(*)可解得:
?
下面,只需找到
m
与
k
的关系,即可求出
m
的取值范围.由于
y?kx?m
为弦
MN
的
垂直平分线,故可考虑弦
MN
的中点
P
?
?,y
0
?
.
?
1
?
2
?
?<
br>114k
2
?1
11
?b????2k
.
在
l:y??x?b
中,令
x??
,可解得:
y
0
?
2k2k2k
k2
将点
P
?
?
3k
?
1
?
,?2k
?
代入
y?kx?m
,可得:
m??<
br>.
2
?
2
?
3333
?m?且m?0
.
44
所以,
?
从以上解题过程来看,求
m
的取值范围,主要
有两个关键步骤:一是寻求
m
与其它参
数之间的关系,二是构造一个有关参量的不等式
.从这两点出发,我们可以得到下面的另
一种解法:
解法二.设弦
MN
的中
点为
P
?
?,y
0
?
,则由点
M,N
为椭
圆上的点,可知:
?
1
?
2
?
?
22
?
?
4x
M
?y
M
?4
.
?
22
?
?
4x
N
?y
N
?4
两式相减得:4
?
x
M
?x
N
??
x
M
?
x
N
?
?
?
y
M
?y
N
??y
M
?y
N
?
?
0
又由于
x
M
?x
N
?2?
?
?
y
M
?y
N
1
?
1
?
??1, y?y?2y, =?<
br>,代入上式得:
MN0
?
2x?xk
??
MN
k??
y
0
.
2
B
N
?
1
?又点
P
?
?,y
0
?
在弦
MN
的垂直
平分线上,所
?
2
?
以,
y
0
??
1k?m
.
2
P
M
第 58 页 共 65 页
B'
所以,
m?y
0
?
13<
br>k?y
0
.
24
1
与椭圆的交点,如图),所以,
2
由点
P
?
?,y
0
?
在线段BB’上(B’、B
为直线
x??
?
1
?
2
?
?
y
B
'
?y
0
?y
B
.
也即:
?3?y
0
?3
.
所以,
?
3333
?m?且m?0
44
点评:解
决直线和圆锥曲线的位置关系问题时,对于消元后的一元二次方程,必须讨
论二次项系数和判别式,有时
借助图形的几何性质更为方便.
涉及弦中点问题,利用韦达定理或运用平方差法时(设而不求),必须
以直线与圆锥
曲线相交为前提,否则不宜用此法.
从构造不等式的角度来说,“将直线
l
的方程与椭圆方程联立所得判别式大于0”与
“弦
MN
的中点
P
?
?,y
0
?
在椭圆内”是等价的.
?
1
?
2
?
?
【例23】 设抛物线
y<
br>2
?
2
px
(
p?
0)
的焦点为
F
,经过点
F
的直线与抛物线交
于
A
、
B
两
点.又
M
是其准线上一点.试证:直线
MA
、
MF
、
MB
的斜率成等差数列.
证明 依题意直线
MA
、
MB
、
MF
的斜率显然存在,并分别设为
k
1
,
k
2
,
k
3
点
A
、
B
、
M
的坐标分别为
A
(
x
1
,
y
1
),
B
(
x
2
,
y
2
),M
(
?
由“
AB
过点
F
(
p
,0)”得
2
p
,
m
)
2
l
AB
:
x?ty?
p
2
将上式代入抛物线
y
2
?
2px
中得:
y
2
?2pty?p
2
?0
可知
y
1
?
y
2
??p
2
第 59
页 共 65 页
又依“
y
1<
br>2
?2px
1
及
y
2
2
?2px
2
”可知
2
2
p
y
1
p
1
py
2
pp
4
pp
2
2
2
x
1
????(y
1
?p)
x
2
??????(y?p
2
)
1
22
22p22p
22p2
2py
1
2
2y
1
因此
k
1
?k
2
?
y
1
?my
2
?m
?
pp
x
1
?x
2
?<
br>22
?
2p
2
(y
1
?m)
p(y
1
2
?p
2
)
?
p
2
2y
1(??m)
y
1
2
p(y
1
2
?p
2
)
??
2m
p
而
k
3
?
0?mm
??
p
p
p
?(?)
22
故
k
1
?k
2
?2k
3
即直线
MA
、
MF
、
MB
的斜率成等差数列.
【例24】 已知
a
=(x,0),
b
=(1,y)
(a?
3b)?(a?3b)
(1)求点P(x,y)的轨迹C的方程;
(2)若直线<
br>l
:y=kx+m(km≠0)与曲线C交于A、B两端,D(0,-1),且有|AD|=|B
D|,
试求m的取值范围。
解:(1)
a?3b?(x,0)?3(1,y)?(x?3,3y)
a?3b?(x,0)?3(1,y)?(x?3,?3y)
∵
(a?3b)?(a?3b)
∴
(a?3b)?(a?3b)
=0
x
2
?y
2
?1
∴
(x?3)(x?3)?3y?(?3y)?0
得
3
x
2
∴P点的轨迹方程为
?y
2
?1
3
?
y?kx?m
?
(2)考虑方程组
?
x
2
消去y,得(1-3k
2
)x
2
-6kmx-3m
2
-3=0(*)
2
?
?y?1
?
3
显然1-3k
2
≠0
△=(6km)
2
-4(-3m
2
-3)=12(m
2
+1
)-3k
2
>0
设
x
1
,
x
2
为方程*的两根,则
x
1
?x
2
?
6km
1?3k
2
第 60 页 共 65 页
?x
0
?
x
1
?x
2
3kmm<
br>
?y?kx?m?
00
22
2
1?3k1
?3k
3kmm
,)
22
1?3k1?3k
m13km
?(?)(x?)
22
k
1?3k1?3k
故AB中点M的坐标为(
∴线段AB的垂直平分线方程为
:
y?
将D(0,-1)坐标代入,化简得:4m=3k
2
-1
2
2
?
?
m?1?3k?0
故m、k满足
?
,消去k
2
得:m
2
-4m>0
2
?
?
4m?3k?1
解得:m<0或m>4
又∵4m=3k
2
-1>-1
∴m>-
故m
?(?,0)?(4,??)
.
1
4
1
4
【直线与圆锥曲线练习】
一、选择题
x
2
1.斜率为1的直线
l
与椭圆+
y
2
=1相交于
A
、
B
两点,则|
AB
|的最大值为(
)
4
A.2
B.
D.
45
5
810
5
C.
410
5
2.抛物线
y
=
a
x
2
与直线
y
=
kx
+
b
(
k<
br>≠0)交于
A
、
B
两点,且此两点的横坐标分别为
x
1
,
x
2
,直线与
x
轴交点的横坐标是
x
3
,则恒有( )
A.
x
3
=
x
1
+
x
2
B.
x
1
x
2
=
x
1
x
3
+
x
2
x
3
C.
x
1
+
x
2
+
x
3
=0
D.
x
1
x
2
+
x
2
x
3
+
x
3
x
1
=0
二、填空题
3.已知两点
M
(1,
55
)、
N
(-4,-),给出下列曲线方程:①4
x
+2
y
-1=0,
44
第 61 页 共 65 页
x
2
x
2
2
②
x
+
y
=3,③
+
y
=1,④
-
y
2
=1,在曲线上存在点
P满足|
MP
|=|
NP
|的所有曲线方
2
2
程
是_________.
22
4.正方形
ABCD
的边
AB
在直线
y
=
x
+4上,
C
、D两点在抛物线
y<
br>2
=
x
上,则正方
形
ABCD
的面积为______
___.
5.在抛物线
y
2
=16
x
内,通过点(2,1
)且在此点被平分的弦所在直线的方程是
_________.
三、解答题
6.已
知抛物线
y
2
=2
px
(
p
>0),过动点
M
(
a
,0)且斜率为1的直线
l
与该抛物线交于
不同的
两点
A
、
B
,且|
AB
|≤2
p
.
(1)求
a
的取值范围.
(2)若线段
AB
的垂直平分线交
x
轴于点
N
,
求△
NAB
面积的最大值.
7.已知中心在原点,顶点
A
1
、
A
2
在
x
轴上,离心
率
e
=
21
的双曲线过点
P
(6,6).
3
o
F
B
N
x
y
A
(1)求双曲线方程.
(2)动直线
l
经过△
A
1
PA
2
的重心
G
,与双曲
线交于不同的两点
M
、
N
,问:是否存
在直线
l
,
使
G
平分线段
MN
,证明你的结论.
8.已知双曲线
C<
br>的两条渐近线都过原点,且都以点
A
(
2
,0)为圆心,1为半径的圆相切,双曲线的一个顶点
A
1
与
A
点关于直线
y<
br>=
x
对称.
(1)求双曲线
C
的方程.
(2)设
直线
l
过点
A
,斜率为
k
,当0<
k
<1
时,双曲线
C
的上支上有且仅有一点
B
到直线
l
的距离为<
br>2
,试求
k
的值及此时
B
点的坐标.
直线与圆锥曲线参考答案
410
4?5?t
2
一、1.解析:弦长
|
AB
|=
2?
≤
.
5
5
第 62 页
共 65 页
答案:C
?
kb
b
?
y?ax
2
2.解析:解方程组
?
,得
ax<
br>2
-
kx
-
b
=0,可知
x
1
+<
br>x
2
=,
x
1
x
2
=-,
x
3
=-,
aak
?
?
y?kx?b
代入验证即可.
答案:B
二、3.解析:点
P
在线段
MN
的垂直平分线上
,判断
MN
的垂直平分线于所给曲线
是否存在交点.
答案:②③④
4.解析:设
C、D
所在直线方程为
y
=
x
+
b
,代入
y
2
=
x
,利用弦长公式可求出|
CD|的
长,利用|
CD
|的长等于两平行直线
y
=
x+4与
y
=
x
+
b
间的距离,求出
b
的值,再代入
求出|
CD
|的长.
答案:18或50
5.解析:
设所求直线与
y
2
=16
x
相交于点
A、B
,且<
br>A
(
x
1
,
y
1
),
B
(
x
2
,
y
2
),代入抛物线方
程得
y1
2
=16
x
1
,
y
2
2
=
16
x
2
,两式相减得,(
y
1
+
y
2<
br>)(
y
1
-
y
2
)=16(
x
1<
br>-
x
2
).
即
y
1
?y
2
16
?
?
k
AB
=8.
x
1
?x2
y
1
?y
2
故所求直线方程为
y
=8
x
-15.
答案:8
x
-
y
-15=0
三、
6.解:(1)设直线
l
的方程为:
y
=
x
-
a<
br>,代入抛物线方程得(
x
-
a
)
2
=2
px
,即
x
2
-
2(
a
+
p
)
x
+
a
2
=0
∴|
AB
|=
2?4(
a?p)
2
?4a
2
≤2
p
.∴4
ap
+
2
p
2
≤
p
2
,即4
ap
≤-
p
2
又∵
p
>0,∴
a
≤-
p
.
4
(2)设
A
(
x
1
,
y
1)、
B
(
x
2
,
y
2
),
A
B
的中点
C
(
x
,
y
),
由(1)知
,
y
1
=
x
1
-
a
,
y
2
=
x
2
-
a
,
x
1
+
x
2
=2
a
+2
p
,
则有
x
=
x
1
?x
2
y?y
2
x
1
?x<
br>2
?2a
?a?p,y?
1
?
=
p
. 222
∴线段
AB
的垂直平分线的方程为
y
-
p
=-(
x
-
a
-
p
),从而
N
点坐标为
(
a
+2
p
,0)
第 63 页 共 65 页
点
N
到
AB
的距离为
1
2
|a?2p?a|
2
?2
p
从而
S
△
NAB
=
?2?4(a?p)
2
?4a
2
?2p?
2p2ap?p
2
当
a
有最大值-
p
时,
S
有最大值为
2
p
2
.
4
x
2
y
2
6
2
6
2
a
2
?b
221
2
7.解:(1)如图,设双曲线方程为,
a
2
?
b
2
=1.由已知得
a
2
?
b
2
?1,e
?
解得
a
2
=9,
b
2
=12.
所以所求双曲线方程为
x
2
y
2
9
?
12=1.
(2)
P
、
A
1
、
A
2的坐标依次为(6,6)、(3,0)、(-3,0),
∴其重心
G
的坐标为(2,2)
假设存在直线
l
,使G
(2,2)平分线段
MN
,设
M
(
x
1,
y
1
),
N
(
x
2
,
y<
br>2
).则有
?
12x
22
?
1
?9y1
?108
?
12x
2
?
2
?9y
2
2
?108
?
y
1
?y
2
?
12
?
4
,∴
k
l
=
4
?
?
x
1
?x
2
?4
x
1
?x
2<
br>93
3
?
y
1
?y
2
?4
∴
l
的方程为
y
=
4
3
(
x
-2)+2,
?
由
?
12x
2
?9
y
2
?108
?
?
y?
4
3
(x?2)<
br>,消去
y
,整理得
x
2
-4
x
+28=0.
?
∵
Δ
=16-4×28<0,∴所求直线
l
不存在. <
br>8.解:(1)设双曲线的渐近线为
y
=
kx
,由
d
=
|2k|
k
2
=1,解得
k
=±1.
?1即渐近线为
y
=±
x
,又点
A
关于
y
=
x
对称点的坐标为(0,
2
).
第 64 页 共 65 页
a
2
?
3
∴
a
=
2
=
b
,所求双曲线
C
的方程为
x
2
-
y
2
=2.
(2)设直线
l
:
y
=k
(
x
-
2
)(0<
k
<1
)
,依题意
B
点在平行的直线
l
′上,且
l
与
l<
br>′间的
距离为
2
.
设直线
l
′:
y
=
kx
+
m
,应有
②
|2k?m|
k?1
2
?
2
,化简得
m
2
+2
2
k<
br>m=2.
把
l
′代入双曲线方程得(
k
2
-1)
x
2
+2
mkx
+
m
2
-2=0, 由
Δ
=4
m
2
k
2
-4(
k
2
-1)(
m
2
-2)=0.
可得
m
2
+2
k
2
=2 ③ ②、③两式相减得
k
=
2
m
,代入③得
m
2<
br>=
?mk
k?1
2
2
1025
,解设
m=,
k
=,此时
x
=
55
5
?22
,
y
=
10
.故
B
(2
2
,
10<
br>).
第 65 页 共 65 页