高中数学必修一免费课件-高中数学教学中的问题及其改进
高中数学:直线与圆、圆与圆的位置关系练习
1.若
直线x+my=2+m与圆x
2
+y
2
-2x-2y+1=0相交,则实数m
的取值范围为( D )
A.(-∞,+∞)
C.(0,+∞)
B.(-∞,0)
D.(-∞,0)∪(0,+∞)
解析:圆的标准方程为(x-
1)
2
+(y-1)
2
=1,圆心C(1,1),半径r=1.因为直线与圆
相交,所以
d=
|1+m-2-m|
<r=1.解得m>0或m<0,故选D. 1+m
2
2.平行于直线2x+y+1=0且与圆x
2
+y
2<
br>=5相切的直线的方程是( A )
A.2x+y+5=0或2x+y-5=0
B.2x+y+5=0或2x+y-5=0
C.2x-y+5=0或2x-y-5=0
D.2x-y+5=0或2x-y-5=0
解析:切线平行于直线2x+y+1=0,故可设
切线方程为2x+y+c=0(c≠1),结合题意可得
|c|
=5,解得c=±5.故选A.
5
3.若a
2
+b
2
=2c
2
(c≠0)
,则直线ax+by+c=0被圆x
2
+y
2
=1所截得的弦长为( D )
1
A.
2
2
C.
2
B.1
D.2
|c||c|2
==,因此根据直角三
22
2
2|c|
a+b
解析:因为圆心(0,0)到直线ax+by+c=0的距离d=
角形的关系,弦长的一半就等于
2
?
2
?
1-
?
?
2
=
2
,所以弦长为2.
?
2
?
4.
过三点A(1,3),B(4,2),C(1,-7)的圆交y轴于M,N两点,则|MN|=( C )
A.26 B.8 C.46 D.10
解析:方法一:设圆的方程为x
2
+y
2
+Dx+Ey+F=0,
将点
?
D+3E+F+10=0,
A(
1,3),B(4,2),C(1,-7)的坐标代入得方程组
?
4D+2E+F+20=0,
?
D-7E+F+50=0,
解得
?
D=-2,
?
E=4,
?
F=-20,
所以圆的方程为x
2
+y
2
-2x+4y-20=0,即(x-1)
2
+(y+2)
2<
br>=25,
所以|MN|=225-1=46.
1
方法二:因为k
A
B
=-
3
,k
BC
=3,
所以k
AB
k
BC
=-1,所以AB⊥BC,
1
所以△ABC为直角三角形,所以△ABC的外接圆圆心为AC的中点(1,-2),半径r=
2
|AC|=
5,
所以|MN|=225-1=46.
→
·
→
=0得AB⊥BC,下同方法二. 方法三:由ABBC
5.
湖北四地七校联考)若圆O
1
:x
2
+y
2
=5与圆O2
:(x+m)
2
+y
2
=20相交于A,B两点,且
两圆在点A处的切线互相垂直,则线段AB的长度是( B )
A.3
C.23
解析:连接O
1
A、O
2
A,如图,
B.4
D.8
由于⊙O
1
与⊙O
2
在点A处的切线互相垂直,
22因此O
1
A⊥O
2
A,所以O
1
O
2
2
=O
1
A+O
2
A,
即m
2
=5+20=25,设AB交x轴于点C.
5
在Rt△O<
br>1
AO
2
中,sin∠AO
2
O
1
=
5
,
5
∴在Rt△ACO
2
中,AC=AO
2
·sin∠AO
2
O
1
=25×
5
=2,∴AB=2AC=4.故选B.
6.(山西太原五中模拟)已知k∈R,点P(a
,b)是直线x+y=2k与圆x
2
+y
2
=k
2
-2k+
3的公
共点,则ab的最大值为( B )
5
A.15 B.9 C.1
D.-
3
解析:由题意得,原点到直线x+y=2k的距离d=
|-2k|
2
≤k
2
-2k+3,且k
2
-2k+3>0,解得-3≤k≤1,因为2a
b=(a+b)
2
-(a
2
+b
2
)=4k
2-(k
2
-2k+3)
=3k
2
+2k-3,所以当k=-3时
,ab取得最大值9,故选B.
7.(河南郑州外国语中学调研)已知圆C
1
:(x
+2a)
2
+y
2
=4和圆C
2
:x
2
+
(y-b)
2
=1只有一
1
条公切线,若a,b∈R且ab≠0,则
2
a
1
+
b
2
的最小值为( D )
A.2
C.8
B.4
D.9
解析:由
题意可知,圆C
1
的圆心为(-2a,0),半径为2,圆C
2
的圆心为(0
,b),半径为1,因为两圆
只有一条公切线,所以两圆内切,
所以?-2a-0?
2
+?0-b?
2
=2-1,
即4a
2
+b
2
=1.
11
?
11?
b
2
4a
2
22
所以
a
2
+
b
2
=
?
a
2
+
b
2
?
·(4a+b)=5+
a
2
+
b
2
≥5+2??
b
2
4a
2
b
2
4a
2
2
2
·
2
=9,当且仅当
2
=
2
,且4a
+
abab
1111
b
2
=1,即a
2
=
6
,b
2
=
3
时等号成立,所以
a
2
+<
br>b
2
的最小值为9,故选D.
8.在平面直角坐标系xOy中,点A(0,3
),直线l:y=2x-4,设圆C的半径为1,圆心在l上.若
圆C上存在点M,使MA=2MO,则
圆心C的横坐标a的取值范围是( A )
12
??
A.
?
0,
5
?
??
12
??
C.
?
1,
5
?
??
解析:因为圆心在直线y=2x-4上,
所以圆C的方程为(x-a)
2
+[y-2(a-2)]
2
=1.
B.[0,1]
12
??
D.
?
0,
5
?
??
设点M(x,y),因为MA=2MO,
所以x
2
+?y-3?
2
=2x
2
+y
2
,
化简得x
2
+y
2
+2y-3=0,
即x
2
+(y+1)
2
=4,
所以点M在以D(0,-1)为圆心,2为半径的圆上.
由题意,点M(x,y)在圆C上,
所以圆C与圆D有公共点,
则|2-1|≤CD≤2+1,
即1≤a
2
+?2a-3?
2
≤3.
由a
2+?2a-3?
2
≥1得5a
2
-12a+8≥0,解得a∈R; 12
由a
2
+?2a-3?
2
≤3得5a
2
-
12a≤0,解得0≤a≤
5
.
12
??
所以点C的横坐标a的取
值范围为
?
0,
5
?
.故选A.
??
9.已知圆
C
1
:x
2
+y
2
-2x+10y-24=0和圆C
2
:x
2
+y
2
+2x+2y-8=0,则两圆的公共弦
长为 25 .
解析:两式相减整理得x-2y+4=0,即为两圆公共弦所在直线的方程.
解法一:设两圆相交于点A,B,
?
x-2y+4=0,
则A,B两点的坐
标满足方程组
?
22
?
x+y+2x+2y-8=0,
?
x=-4,
?
x=0,
?
解得或
?
?<
br>y=0
?
y=2.
所以|AB|=?0+4?
2
+?2-0?
2
=25,
即公共弦长为25.
解法二:由x
2
+y
2
-2x+10y-24=0,
得圆心坐标为(1,-5),半径r=52.
|1-2×?-5?+4|
圆心到直线x-2y+4=0的距离d==35,
1
2
+?-2?
2
设两圆的公共弦长为l,
?
l
?
由r
2
=d
2
+
?
2
?
2
,
??
得l=2
r
2
-d
2
=2?52?
2
-?35?
2
=25,
即两圆的公共弦长为25.
10.(湖南湘中名校联考)已知m>0,n>0,若
直线(m+1)x+(n+1)y-2=0与圆(x-1)
2
+(y
-1)
2
=1相切,则m+n的取值范围是 [2+22,+∞) .
解析:因为m>0,n>0,直
线(m+1)x+(n+1)y-2=0与圆(x-1)
2
+(y-1)
2
=
1相切,所以圆
心C(1,1)到直线的距离为半径1,
所以
|m+1+n+1-2|
=1,
22
?m+1?+?n+1?
即|m+n|=?m+1?
2
+?n+1?
2
.
两边平方并整理得mn=m+n+1.
?
m+n
?
2
?<
br>m+n
?
2
?
可得m+n+1≤
??
, 由基本不等
式mn≤
?
?
2
??
2
?
即(m+n)
2
-4(m+n)-4≥0,
解得m+n≥2+22.
当且仅当m=n时等号成立.
11.(广东深圳联考)如图,直角三角形ABC的顶点A的坐标为(-2,0),直角顶点B的坐标为
(0,-22),顶点C在x轴上,点P为线段OA的中点.
(1)求BC边所在直线方程;
(2)若M为直角三角形ABC外接圆的圆心,求圆M的方程;
(3)在(2)的条件下,若动圆N过点P且与圆M内切,求动圆N的圆心的轨迹方程.
解:(1)易知k
AB
=-2,AB⊥BC,
2
∴k
CB
=
2
,
2
∴BC边所在直线方程为y=
2
x-22.
(2)由(1)及题意得C(4,0),∴M(1,0),
又∵AM=3,
∴外接圆M的方程为(x-1)
2
+y
2
=9.
(3)∵圆N过点P(-1,0),∴PN是动圆的半径,
又∵动圆N与圆M内切,
∴MN=3-PN,即MN+PN=3,
∴点N的轨迹是以M,P为焦点,长轴长为3的椭圆.
∵P(-1,0),M(1,0),
3
∴a=
2
,c=1,b=a
2
-c
2
=
5
4
,
x
2
y
2
4x
2
4y
2
∴所求轨迹方程为
9
+
5
=1,即
9+
5
=1.
44
12.(河北武邑中学模拟)已知⊙H被直线x-y-
1=0,x+y-3=0分成面积相等的四部分,
且截x轴所得线段的长为2.
(1)求⊙H的方程;
(2)若存在过点P(a,0)的直线与⊙H相交于M,N两点,且|
PM|=|MN|,求实数a的取值范围.
解:(1)设⊙H的方程为(x-m)
2
+(y-n)
2
=r
2
(r>0),
因为⊙H被直线x-y-1=
0,x+y-3=0分成面积相等的四部分,所以圆心H(m,n)一定是两
互相垂直的直线x-y-1
=0,x+y-3=0的交点,易得交点坐标为(2,1),所以m=2,n=1.
又⊙H截x轴所得
线段的长为2,所以r
2
=1
2
+n
2
=2.
所以⊙H的方程为(x-2)
2
+(y-1)
2
=2.
(2)设N(x
0
,y
0
),由题意易知点M是PN的中点, ?
x
0
+a
y
0
?
所以M
?
,
2
?
.
?
2
?
因为M,N两点均在⊙H上,
所以(x
0
-2)
2
+(y
0
-1)
2<
br>=2,①
?
x
0
+a
?
2
?
y
0
?
2
-1
?
=2,
?
-2
?
+
?
?
?
2
?
?
2
即(x
0
+a-4)
2
+(y
0
-2
)
2
=8,②
设⊙I:(x+a-4)
2
+(y-2)
2
=8,
由①②
知⊙H与⊙I:(x+a-4)
2
+(y-2)
2
=8有公共点,从而22-
2≤|HI|≤22+2,
即2≤?a-2?
2
+?1-2?
2
≤32,
整理可得2≤a
2
-4a+5≤18,
解得2-17≤a≤1或3≤a≤2+17,
所以实数a的取值范围是[2-17,1]∪[3,2+17].
13.若a,b
是正数,直线2ax+by-2=0被圆x
2
+y
2
=4截得的弦长为23,
则t=a1+2b
2
取
得最大值时a的值为( D )
1333
A.
2
B.
2
C.
4
D.
4
2
解析:由已知可得圆心到直线2
ax+by-2=0的距离d=,则直线被圆截得的弦长
4a
2
+b
2
为2
4
22
4-
22
=23,化简得4a+b=4.
4
a+b
∴t=a1+2b
2
=
1
1
22
·(22a
)·1+2b
2
19
8a
2
=1+2b
2
,
?
≤[(22a)
2
+(1+2b
2
)
2]=(8a
2
+2b
2
+1)=,当且仅当
?
2
时等号
2
424242
?
4a+b=4
3
成立,即t取最
大值,此时a=
4
(舍负),故选D.
14.(江西新余五校联考)已知圆O:x<
br>2
+y
2
=9,过点C(2,1)的直线l与圆O交于P,Q两点,
当
△OPQ的面积最大时,直线l的方程为( D )
A.x-y-3=0或7x-y-15=0
B.x+y+3=0或7x+y-15=0
C.x+y-3=0或7x-y+15=0
D.x+y-3=0或7x+y-15=0
解析:当直线l的斜率不存在时,l的方程为x=2,
则P,Q的坐标为(2,5),(2,-5),
1
所以S
△
OPQ
=
2
×2×25=25. ?
1
?
当直线l的斜率存在时,设l的方程为y-1=k(x-2)
?<
br>k≠
2
?
,
??
则圆心到直线PQ的距离d=
|1-2k|
,
1+k
2
由平面几何知识得|PQ|=29-d
2
,
11
S
△
OPQ
=
2
·|PQ|·d=
2
·2
9-d
2
·d=?9-d
2
?d
2
≤
99
d=
2
时,S
△
OPQ
取得最大值
2
.
2
?
9-d
2
+d
2
?
2
9
?
?
=,当且仅当9-d
2
=d
2
,即
2
??
2
99
因为25<
2
,所以S
△
OPQ
的最大值
为
2
,
4k
2
-4k+1
9
此时=
2<
br>,解得k=-1或k=-7,此时直线l的方程为x+y-3=0或7x+y-15
k
2
+1
=0.
→→
≤20,15.在平面直角坐标系xOy中,A(-12,
0),B(0,6),点P在圆O:x
2
+y
2
=50上.若PA·PB则点P的横坐标的取值范围是
[-52,1] .
→→
≤20可得, 解析
:解法一:设P(x,y),则由PA·PB
(-12-x)(-x)+(-y)(6-y)≤20,
即(x+6)
2
+(y-3)
2
≤65,
所以P为圆(x+6)
2
+(y-3)
2
=65上或其内部一点.
又点P在圆x
2
+y
2
=50上,
?
x
2
+y
2
=50,
联立得
?
?
?x+6?
2
+?y-3?
2
=65,
?
x=1,
?
x=-5,
解得
?
或
?
y
=7y=-5,
??
即P为圆x
2
+y
2
=50的劣弧MN
上的一点(如图),
易知-52≤x≤1.
→→
≤20,
解法二:设P(x,y),则由PA·PB
可得(-12-x)(-x)+(-y)(6-y)≤20,
即x
2
+12x+y
2
-6y≤20,
由于点P在圆x
2
+y
2
=50上,
故12x-6y+30≤0,即2x-y+5≤0,
∴点P为圆x
2
+y<
br>2
=50上且满足2x-y+5≤0的点,即P为圆x
2
+y
2
=50的劣弧MN上的
一点(如图),
同解法一,可得N(1,7),M(-5,-5),
易知-52≤x≤1.
16.
已知点G(5,4),圆C
1
:(x-1)
2
+(y-4)
2
=25,过点G的动直线l与圆C
1
相交于E,F两点,
线段EF的中点为C,且C
在圆C
2
上.
(1)若直线mx+ny-1=0(mn>0)经过点G,求mn的最大值;
(2)求圆C
2
的方程;
(3)若过点A(1,0)的直线l
1<
br>与圆C
2
相交于P,Q两点,线段PQ的中点为M.l
1
与l
2
:x+2y+2
=0的交点为N,求证:|AM|·|AN|为定值.
解:(1)∵点G(5,4)在直线mx+ny-1=0上,
∴5m+4n=1,5m+4n≥220mn(当且仅当5m=4n时取等号),
11
∴1≥80mn,即mn≤
80
,∴(mn)
max
=
80
.
(2)由已知得圆C
1
的圆心为(1,4),半径为5,
→→
设C(x,y),则C
1
C=(x-1,y-4),CG=(5-x,4-y),
→→
=0,
由题设知CCG
1
C·
∴(x-1)(5-x)+(y-4)(4-y)=0,
即(x-3)
2
+(y-4)
2
=4,
∴C
2<
br>的方程是(x-3)
2
+(y-4)
2
=4.
(3)证明:
当直线l
1
的斜率不存在时,直线l
1
与圆C
2
相切, <
br>当直线l
1
的斜率为0时,直线l
1
与圆C
2
相离,
故设直线l
1
的方程为kx-y-k=0(k≠0).
由直线l
1
与圆C
2
相交,得
|3k-4-k|
3
<2,解得k>4
.
k
2
+1
?
x+2y+2=0,
3k<
br>??
2k-2
,-
?
, 由
?
得N
?
2k+12k+1
??
kx-y-k=0
?
又直线C
2
M
与l
1
垂直,
y=kx-k,
?
?
由
?
1
y-4=-
k
?x-3?
?
?
∴|AM|·|AN|=<
br>
?
k
2
+4k+34k
2
+2k
?
?
, 得M
?
2
,
1+k
2
??1+k
?
k
2
+4k+3
?
2
?
4k
2
+2k
?
2
?
2
-1
?+
?
2
?
·
?
1+k
??
1+k?
3k
?
2
?
2k-2
?
?
-1?
2
+
?
-
?
?
=
?
2k
+1
?
?
2k+1
?
2|2k+1|31+k
2
2
·1+k·=6(定值).
1+k
2
|2k+1|
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