杭州文一西路高中数学在职家教-哪些省高中数学教材
庖丁巧解牛
知识·巧学
一、不等式的基本性质
1.比较实数大小的充要条件
对于任意两个实数a,b有且只有下列三种情况之一成立:
a>b
?
a-b>0;
a?
a-b<0;
a=b
?
a-b=0.
深化升华
(1)上面的关系式沟通了实
数大小的几何意义和代数意义之间的联系,是比较两个实数大
小,以及用比较法证明不等式的出发点,也
是这一讲内容的基础.
(2)两个实数比较大小,常用作差法,作差法的步骤是:①作差;②变形(分
解因式,配
方法);③判断差的符号;④结论.
记忆要诀
“三步一结论”.其中“判断差的符号”是目的,“变形”是关键.
2.不等式的性质
(1)对称性:a>b
?
b
?
a
?
a+c(4)乘(除):a>b,c
>0
?
ac>bc.a>b,c<0
?
ac
?
a
n
>b
n
(n∈N,n≥2).
(6)开方:a>b>0
?
n
a
>
n
b
(n∈N,
n≥2).
(7)a>b,c>d
?
a+c>b+d.
(8)a>b>0,c>d>0
?
ac>bd.
误区警示
不等
式的性质包括“单向性”和“双向性”两个方面.从应用的角度看,单向性主要用于证明不等
式;双向性
是解不等式的基础,当然也用于证明不等式.在这些性质中,乘(除)法性质的
应用最容易出错,所以在
利用不等式性质推证不等式时,要紧扣不等式性质成立的条件.
二、基本不等式
1
.定理1:设a,b∈R,则a
2
+b
2
≥2ab,当且仅当a=b时,等号
成立.
a?b
≥
ab
,当且仅当a=b时等号成立.
2
a?b?c
3
3.定理3:如果a,b,c为正数,则
≥
abc
,当
且仅当a=b=c时等号成立.
3
2.定理2:如果a,b为正数,则
4.一般结论
:如果a
1
,a
2
,…,a
n
为n个正数,则
a<
br>1
?a
2
?
?
?a
n
n
?a
1
a
2
?
a
n
,
n
当且仅当a
1
=a
2
=…=a
n
时,等号成立.
学法一得 (1)在利用定理2、定理3这两个平均值不等式求最大(小)值问题时,必须满足三条:
一正、二
定、三相等.也就是,第一,均为正数;第二,求积的最大值时,应看和是否为定
值,求和的最小值时,
应看积是否为定值;第三,等号成立时条件是否具备.应用一般结论
求最值也要注意上述条件.
(2)为了达到使用基本不等式求最值的目的,常常需要对代数式进行通分、
分解变形、构
造和为定值或积为定值的模型.
联想发散
如果在某些特定
条件下,一个不等式转化为等式,那么我们称这个不等式是“精确”的.
这一类不等式在现代数学中非常
重要,它们为解决某些有关优化的极值问题提供了理论基
础.
典题·热题
知识点一:不等式的基本性质
例1 对于实数a,b,c,有下列命题:①若a>b,则a
c
>bc
2
,则a>b;③若a则a
2
>ab>b
2
;④若c>a>b>0,则
ab11
?;⑤若a>b,
?
,则a>0,b<0.其中真命题的
c?ac?b
ab
个数是( )
A.2 B.3
C.4 D.5
思路分析:判断命题的真假,要紧扣不等式的性质,要注意条件与结论之间的联系.
①c为正
、负或是零未知,因而判断ac与bc的大小缺乏依据,故该命题是假命题.②由ac
2
>bc
2
知c≠0,又c
2
>0,∴a>b是真命题.③
题.④a>b>0
?
-a<-b
?
c-a
?
a?b
?
22
a>ab,
?
??
?
ab>b,∴该命题为真命
a?0b?0
??
11
1
?
,得,又a>b>0,
c?ac?b
(c?
a)(c?b)
ab
?
.故该命题为真命题.⑤由已知条件知
c?ac?b<
br>1111b?a
a>b
?
a-b>0,
?
?
->0<
br>?
>0,∵a-b>0,∴b-a<0,∴ab<0,又a>b,∴a>0,b<0,故该
abab
ab
∴
命题为真命题.综上可知,命题②③④⑤都是真命题.
答案:C
误区警示
通过本题的练习,可以使我们熟悉不等式的基本性质
,更好地掌握各性质的条件和结论.
另外,若要判断命题为真命题,应说明理由或进行证明,推理过程应
紧扣有关定理、性质等,
若判断命题为假命题只需举一反例.
知识点二:
用基本不等式证明条件不等式
1125
)(b+
)≥
.
ab4<
br>11
思路分析:本题不能由(a+
)≥2,(b+)≥2求解.因为此两式当且仅当a=
1,b=1时成立,而
ab
例2 已知a>0,b>0,a+b=1,求证:(a+
由a+b=1这显然是不可能的,由要证的结论不易看出解题思路,可先将左边展开,进行
“拆”“配”
.
证明:左=(a+
111ba
1
2
ba
??
=
(
ab?
)(b+)=ab+)+++2.
abababab
ab
∵a>0,b>0,∴
ab
+
≥2,又∵a>0,b>0,a+b=1,∴a+b≥<
br>2ab
.
ba
1
1
13
1
≥2,-
ab
≥
?
,∴(-
ab
)≥,
ab
≤,
2
ab
22
ab
∴(
ab
-<
br>1
ab
)
2
≥
9
,
4
∴左≥2+2+
9251
=(当且仅当a=b=时取等号).
422
方法归纳
一般的,数学中的定理、公式揭示了若干变量之间的本质
联系,但不能定格于特殊形式,
因此在解答数学题的过程中,把数值、数式合理地拆成两项或多项,或者
恒等地配凑成适当
的数或式,是数学表达式数学变形过程中常用的方法,这也是一种解题技巧.
知识点三: 用基本不等式求值域
例3
求当x>0时,f(x)=
2x
的值域.
x
2
?1
思路分
析:此题从形式上看,不能使用基本不等式,但通过变形之后,f(x)=
2
1
x?<
br>x
在分母上
可以使用基本不等式.
解:∵x>0,∴f(x)=
2x
=
x
2
?1
2
x?
1
x
.∵x+
1
≥2,∴0<
x
2
x?
1
x
≤
1
.
2
∴0
(1)本题中要没有x>0的限制,仅有x∈R,那么应如下求解:
当
x>0时,同上;当x<0时,x+
11
≤-2,∴
?
≤
x2
2
1
x?
x
<0,∴-1≤f(x)<0;
当x=0时,f(x)=0,∴-1≤f(x)≤1.
(2)若本题加上x∈R的条件,且不用基本不等式,则可以用判别式求解.
∵y=
2x
,
2
x?1
∴yx
2
-2x+y=0.
当y=0时,得x=0,当y≠0时,
∵x∈R,∴Δ=4-4y
2
≥0,
∴-1≤y≤1,但当x>0时,如使用判别式法求解,那么就不仅仅是Δ≥0
的问题了,而且还应该考
虑x>0的限制条件,是比较复杂的.
知识点四: 用基本不等式解决实际问题
例4 某
种汽车,购车费用是10万元,每年使用的保险费、养路费、汽油费为0.9万元,年
维修费第一年是0
.2万元,以后逐年递增0.2万元.问这种汽车使用多少年时,它的平均费用
最少?
思路分
析:年平均费用等于总费用除以年数,总费用包括:购车费用、保险费、养路费、汽
油费以及维修费用的
总和,因此,应先计算总费用,列出函数关系,再计算年平均费用.
解:设使用x年时平均费用最少.
由于“年维修费第一年是0.2万元,以后逐年递增0.2万元”,可知汽车每年维修费构成以0.2<
br>
万元为首项,0.2万元为公差的等差数列.
因此,汽车使用x年时总的维修费用为
设汽车的年平均费用为y万元,则有
0.2?0.2x
x万元.
2
0.2?0.2x
10?x?0.1
x
2
10x10x
2
y=
??1???1?2?
=3.
xxx10x10
10x
?
,即x=10时,y取最小值.
当且仅当
x10
10?0.9x?
答:汽车使用10年时平均费用最少.
方法归纳
在应用平均值不等式解决实际问题时,要注意以下几点:(1)先理解题
意,再设变量,
设变量时一般把要求最值的变量定为函数;(2)建立相应的函数关系式,把实际问题抽
象为
函数的最值问题;(3)在定义域内,求出函数的最值;(4)正确写出答案;(5)在特殊情况<
br>下,还要根据条件构造满足不等式所要求的条件的结论.
问题·探究
误区陷阱探究
问题1 若二次函数y=f(x)的图象经过坐标原点,且1≤f(-1)≤2,3≤f(1)≤4.求
f(-2)的取值范围.
错解:因为二次函数y=f(x)的图象经过坐标原点,所以设f(x)=a
x
2
+bx(a≠0).
?
1?a?b?2,(1)
所以f(-1
)=a-b,f(1)=a+b.所以
?
3?a?b?4.(2)
?
(1)?(2)(2)?(1)13
得,4≤(a+b)+(a-b)≤6,即2≤a≤3.由得,1
≤(a+b)-(a-b)≤3,即
≤b≤
.又因
2222
31
为f
(-2)=4a-2b,所以4×2-2×
≤4a-2b≤4×3-2×
,即5≤f(-2)≤
11.
22
由
试通过探究指明错因,并给出正确的结论.
探究过程:错的
原因在于利用(1)(2)解得
13
≤b≤
的过程中,利用了同向不等式相减.考虑<
br>22
33
≤a≤3,0≤b≤
,那么
22
条件1≤f(-1)
≤2,3≤f(1)≤4,得到的是1≤a-b≤2,2≤a+b≤4这两个结论,显然a,b两字母是相互联系的整体并不是独立存在着的,如果确定出各自的取值范围
0≤a-b≤3,
错了. <
br>探究结论:分析:f(-1)=a-b,f(1)=a+b,由f(-1)、f(1)可求出a=
3939
≤a+b≤
,即0≤f(-1)≤3,
≤f(1)≤
.这与条件矛盾
了!因此上述解题过程是方法
2222
f(?1)?f(1)f(1)?f(?1)
,
b=,
22
进而用f(-1)、f(1)表示出f(-2),从而求出f(-2)的范围,或者
运用整体思想,用f(-1)和f(1)去
表示f(-2),再求解.
正解一:因为二次函数
y=f(x)的图象过原点,所以f(x)=ax
2
+bx(a≠0),所以
1?
a?[f(?1)?f(1)],
?
?
f(?1)?a?b,
?
2
所以
?
?
?
f(1)?a?b,
?
b?
1
[f(1)?f(?1)].
?
2
?
因为f(-2)=4a-2b=f(1)+3f(-1),1≤f(-1)≤2
,3≤f(1)≤4,所以3+3×1≤f(-2)≤4+3×2,即6≤f(-2)≤10.
正解二
:因为二次函数y=f(x)的图象过原点,所以f(x)=ax
2
+bx(a≠0),所以f
(-2)=4a-2b.又因
为1≤f(-1)≤2,3≤f(1)≤4,所以
?
?<
br>1?f(?1)?a?b?2,
设存在实数m,n使得
?
3?f(1)?a?b
?4.
?
m?n?4,
4a-2b=m(a+b)+n(a-b),即4a-2b=(
m+n)a+(m-n)b,所以
?
m?n??2.
?
解之得m=
1,n=3.所以4a-2b=(a+b)+3(a-b).又因为3≤a+b≤4,3≤3(a-b)≤6,所
以3+3≤4a-2b≤4+6,
即6≤f(-2)≤10.
方法交流探究
问题2 设a>b>0,m>0,n>0,试比较
bab?ma?n
,
,,的
大小,你能根据所得结论写出此结
aba?mb?n
论在生活中的模型吗?
探究过程
:本题实质是利用实数比较大小的依据,通过作差法比较四个分式的大小,进而找
出不等式在日常生活的
应用,从而体会不等式的应用价值.
因为a>b>0,所以0<
bb?maa?n
<1,0<<1,1<,1<.
abb?n
a?m
又因为
bb?m
m(b?a)
bb?m
-=<0,所以<.
a
a?m
a(a?m)
a
a?m
aa?n
>.
bb?n
bb?ma?na
所以<<<.
a
a?m
b?nb
bb?ma?na
下面试举不等关系<<
<在生活中的一模型:学校打算重新铺设由餐厅
a
a?m
b?nb
同理可得<
br>通往教学楼的路面,建筑施工规定,铺设路面所用的混凝土中水泥含量和石子含量的比值应
不小于
0.25,而且在一定范围内这个比值越大,路面的质量越高.试问同时增加相等的水泥
和石子的含量,
路面的质量是提高了,还是降低了?
设所用混凝土中水泥含量和石子含量分别为a,b,同时
增加的含量为n,根据题意可知
aaa?n
≥0.25,所以
<.
bbb?n
aaa?n
又因为
≥0.25,所以0.25≤
<.
bbb?n
a
所以,同时增加相等的水泥和石子的含量,路面的质量提高了.
探究结论:多个数(或代数式)比较大
小,可以分组进行比较,以便减少运算量,本题根据
已知条件计算出0<
bb?mba?nbb
?ma
<1,0<<1,1<,1<,然后分别比较与、与
aab?na
a?m
b
a?m
a?n
的大小即可,有时也可以利用赋值法先比较大小,然后再进行计算证
明.数学源于生活
b?n
又应用于生活,很多的数学公式和原理都可以在生活中找到相应的模型
,学习时要注意观察
思考.
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