山西高中数学共有几本-鲁教版高中数学知识点总结
2005年女子数学奥林匹克
第一天
2005年8月12日上午8∶00~12∶00 长春
我们进行数学竞赛的
目的,不仅仅是为了数学而数学,其着眼点还是因为它是一切科
学的得力助手,因而提高数学,也为学好
其他科学打好基础.
——华罗庚
1. 如图,设点
P
在△
ABC
的外接圆上,直线
CP和
AC
相交于点
E
,直线
BP
和
AC
相交于点
F
,边
AC
的垂直平分线交边
AB
于点
J
,边
AB
的垂直平分线交
边
AC
于点
K,
求证:
JE
CE
2
AJ·
=.
2
AK·KF
BF
?
?
?
1
?
1
?
1
?
?
??
5x??12y??13z?
????
,
组的所有实数解.
??
2.求方程
?
x
?
y
?
z
?
?
?
?
?
?
xy?yz?zx?1
?
3.是否存在这样的凸多面体,它共有8个顶点,12条棱和6
个面,并且其中有4个面,每两个面都有公共棱?
4.求出所有的正实数
a
,使得存在正整数
n
及
n
个互不
相交的无限集合
A
1
,
A
2
,?,
A
n<
br>满
足
A
1
∪
A
2
∪?∪
A
n
=Z,而且对于每个
A
i
中的任意两数
b
>
c<
br>,都有
b
-
c
≥
a
.
i
2005年女子数学奥林匹克
1
第二天
2005年8月13日上午8∶00~12∶00
长春
数学竞赛,它对牢固基础知识、发展智力,培养拔尖人才,是一件具有战略意义的活
动。
——华罗庚
5.设正实数x,y满足
x
+
y
3
=x-y,求证:
3
x
2
?4y
2
<1.
6.设正整数
n
≥3,如果在平面上有
n
个格点
P?,
P
n
满足:当
P
i
P
j
为有理数时
,存
1
,P
2
,
在
P
k
,使得
P
i
P
k
和
P
j
P
k
均为无理数;
当
P
i
P
j
为无理数时,存在
P
k
,使得
P
i
P
k
和
P
j
P
k
均
为有理数,那么称
n
是“好数”.
(1)求最小的好数;
(2)问:2005是否为好数?
7.设
m
,
n
是整数,
m
>
n
≥2,
S
={1,2,?,<
br>m
},
T
={
a
1
,
a
2
?,
a
n
}是
S
的一个子集.已知
T
中的任
两个数都不能同时整除
S
中的任何一个数,求证:
111m?n
????<.
a
1
a
2
a
n
m
8.给定实数
a
,
b
,
a
>
b
>0,将长为
a
宽为
b
的矩形放入一个正方形内(包含边界),问正
方形的
边至少为多长?
【题1】证:如图,连接
BK
,
CJ.
∠
E
=∠
ABP
—∠
BPE
,
2
而由
A
,
B
,
P<
br>,
C
四点共圆,知∠
BPE
=∠
A
,
故
∠
E
=
ABP
—∠
A
,
又由
KA
=
KB
,知∠
A
=∠
ABK,
故
∠
E
=∠
ABP
—∠
ABK
=∠
KBF
.
①
同理 ∠
F
=∠
JCE
.
②
由①,②得 △
JEC
∽△
KBF
.
由此,
CEJEJE
??,
③
BFKBAK
CEJCAJ
??.
④
BFKFKF
将③,④两式的左端和右端分别相乘即得结论.
【题2】解法一:
①式可化为
xyz
. ③
??
51?x
2
121?y
2
131?z
2
???
???
显然
x
,
y
,
z
同号.首先求正数解. <
br>存在α,β,γ∈(0,π),使得
x
=tan
?
?
γ
,
y
=tan,
z
=tan,则
2
22
sinα=
③即
2x2z
2y
,
sinβ=, sinγ=,
1?x
2
1?z
2
1?y<
br>2
sin
α
sin
?
sin
?
??
. ④
51213
②式可化为
1x?y
?
,
z1?xy
即
cot
?
2
?tan
?
?
?
2
.
注意
z
≠0,
xy
≠1,因为α,β,γ∈(0,π),所以
α
?
βπγ
??
,
222
即
α+β+γ=π.
从而α,β,γ是某个三角形
ABC
的三个内角.
由④
和正弦定理知,α,β,γ所对的边
a
,
b
,
c
的比是5∶
12∶13,所以,
512
,sinβ?,sinγ?1
.
1313
?
1
?
23
γ
从而
x
=tan=或5,
y
=tan
?或
,
z
=tan
?1
.
232
2
5
2
sinα?
3
将
z
=1代入②式,易知
x
和
y
均小于1.所以
?
?
1
,
2
,1
?
?
?
53
?
是唯一正数解.
故原方程组有两组解:
?<
br>?
1
,
2
,1
?
?
和
?
?
?
1
,?
2
?
?
53
??
53<
br>,?1
?
?
.
解法二:显然
x
,
y
,
z
同号.
由②得
x
=
1?yz
y?z
,代入①得
12
?
?
?
y
2
?1
?
?
??
??
?
y
?
?
?
?5
?
?
1?y
zy?z
?
?
1?yz
?
2
?
?
y?z<
br>?
2
y
2
?1z
2
?1
?
y?z<
br>?
1?yz
?
?
?
?5.
?
y?z
??
1?yz
?
?5
?
y?z
??
1?yz
?
,
即 5(
z
2
+1)
y
=12(y
+
z
)(1-
y
z),
同理 5(
y<
br>2
+1)
z
=13(
y
+
z
)(1-
yz
).
整理得
12
y
2
z
+17
yz
2
=7
y
+12
z
,
18
y
2
z
+13
yz
2
=13
y
+8
z,
两式相加,得
30
yz
(
y
+
z
)=20(
y
+
z
),
∴
yz
=
2
3
,y?
2
3z
,代入①解得
z
=±1.
故原方程组有两组解:
?
?
1
?
5
,
2
3
,1
?
?
?
和
?
?
?
?
1
5
,?
2
3
,?1
?
?
?
.
题3】解:存在,如下图所示。
题4】解: 若0<
a
<2,
n
充分大时,
2
n?1
>
a
n
,令
4
【
【
Ai
?{2
i?1
mm为奇数},i?
1,2,?,
n
-
1,
A
n
?{2
n?1
的倍数},则该分拆满足要求。
2
},若
a
≥2,设
A
1
,
A
2
,?
A
n
满足要求,令
M
={1,2,?,下证
A
i
?M
≤
2
={
x
1
,x
2
,?
,x
m
},x
1
<x
2
<?<x
m
,则<
br>
nn?i
.设
A
i
?M
2
n<
br>>x
m
?x
1
?(x
m
?x
m?1
)?(x
m?1
?x
m?2
)???(x
2
-x
1
)?(m?1)2
i
.
∴
m
-1<
2
n?i
,即
m
<
2
n?i
+1,故
m
≤<
br>2
n?i
.
A
i
?M,i?
1,2,?,
n
为
M
的一个分拆,故
2?M?
?
A
i
?M?
?
2
n?i
?2
n
?1,
矛盾.
n
i?1i?1
nn
∴ 所求的
a
为所有小于2的正实数.
【题5】证:由平均不等式
5y
3
?x
2
y?
2
5x
2
y
4
>
4xy
2
,
所以
x
2
?4y
2
?
x?y?
<x
3
?y
3
,
??
x
3
?y
3
从而
x?4y<?1
.
x?y
22
【题6】解:我们断言最小的好数为5,且2005是好数.
在三点组(
P
i
,P
j
,P
k
)中,若
P
i
P
j
为有理数(或无理数),
P
i
P
k
和
P
j
P
k
为无理数(或有理
数),我们称(
P
i
,P
j
,P
k
)为一个好组.
(1)
n
=3显然不是好数.
n
=4也不是好数.若不然,假设<
br>P
不妨设
P
1
,P
2
,P
3
)1
,P
2
,P
3
,P
4
满足条件,
1
P
2
为有理数及(
P
为一好组,则(
P
2
,P
3
,P
4
)为一好组.显然(
P
2
,P
4
,P
1
)和(
P
2
,P
4
,P3
)均不是好组.所以
P
1
,P
2
,P
3,P
4
不能满足条件.矛盾!
n
=5是好数.以下五个格点满足条件:
A
5
={(0,0),(1,0),(5,3),(8,7),(0,7)}.
5
(2)设
A
={(1,0),(2,0),?,(669,0)}.
B
={(1,1),(2,1),?,(668,1)}.
C
={(1,2),(2,2),?,(668,2)}.
S
2005
?A?B?C
.
对任意正整数
n
,易
证
n?1
和
n?4
不是完全平方数.不难证明,对于集合
S
2005
中
任两点
P
i
,P
j
,P
iP
j
为有理数当且仅当
P
i
P
j
与某一坐标轴
平行.所以,2005是好数.
注:当
n
=6时,
22
A
6
?A
5
?{(-24,0)}
;
当
n
=7时,
A
7
?A
6
?{(-24,7)}
.
则可验证
n
=6和7均为好数.
当
n
≥8时,可像
n
=2005那样排成三行,表明
n
≥8时,所有的
n
都是好数.
【题7】证:构造
T
i
?b?Sa
i
b,i?1
,2?,n.
则
??
?
m
?
T
i
?
??
, ?
a
i
?
由于
T
中任意两个数都不能同时整除
S
中的一个数,所以当
i
≠
j
时,
T
i
?T
j
??
.
?
m
?
T?
则
?
i
?
??
≤
m
.
i?1i?1
?
a
i
?
nn
又因为
m
?
m
?
<
??
?1
,
a
i
?
a
i
?
6
m
n
所以
?
<
?
i?1
a
i
i?1
nn
?
m
?
?
m
?
n
(
??
?1)?
?
??
?
?
1?m?n
,
i?1
?
a
i
?i?1
?
a
i
?
nn
1m
即
m
?
?
?
<m?n
,
i?1
a
i
i?1
a
i
n
所以
?
a
i?1
1
i
<
m?n
.
m
【题8】解:设长方形为
ABCD
,
AB
=<
br>a
,
BC
=
b
,中心为
O
.
以<
br>O
为原点,建立直角坐标系,
x
轴、
y
轴分别与正方形的边平
形.
情形1:线段
BC
与坐标轴不相交.不妨设
BC
在第一象限内
,∠
BOX≤
1).此时正方形的边长≥
BD
cos∠
BOX≥BD
cos
1
(90°-∠
BOC
)(图
2
90???
BOC
2
=
BD
cos45°cos
11
2∠
BOC
+
BD
sin45°sin∠
BOC
=(a
+
b
).
22
2
所以此时所在正方形边长至少为<
br>2
(
a
+
b
).
2
情形2:线
段
BC
与坐标轴相交.不妨设
BC
与
x
轴相交,不妨设∠<
br>COX≤
此时正方形的边长≥
AC
cos∠
COX≥AC
co
s
所以此时所在正方形边长至少为
a
.
比较情形1,2中结论知:
若
a
<(
2?1)b
,则正方形的边长至少为
a
.
1
∠
COB
(图2).
2
?COB
=
a
.
2
若
a
≥(
2
+1)
b
,则正方形的边长至少为
2
(
a
+
b
).
2
7
8