高中数学的程序框图-中国和新加坡高中数学
高中数学方法篇之配方法
配方法是对数学式子进行一种定向变形(配成“完全平方”)
的技巧,通过配方找到已知
和未知的联系,从而化繁为简。何时配方,需要我们适当预测,并且合理运用
“裂项”与
“添项”、“配”与“凑”的技巧,从而完成配方。有时也将其称为“凑配法”。
最常见的配方是进行恒等变形,使数学式子出现完全平方。它主要适用于:已知或者未知
中含有
二次方程、二次不等式、二次函数、二次代数式的讨论与求解,或者缺xy项的二次
曲线的平移变换等问
题。
配方法使用的最基本的配方依据是二项完全平方公式(a+b)
2
=a
2
+2ab+b
2
,将这个公式
灵活运用,可得到各种基本配方形式
,如:
a
2
+b
2
=(a+b)
2
-2
ab=(a-b)
2
+2ab;
a
2
+ab+b
2
=(a+b)
2
-ab=(a-b)
2
+3ab=(a+
3
b
2
)+(b)
2
;
2
2
a
2
+b
2
+c
2
+ab+bc+ca=
1
[(a+b)
2
+(b+c)
2
+(c+a)
2
]
2
a
2
+b
2
+c
2
=(a+b+c)<
br>2
-2(ab+bc+ca)=(a+b-c)
2
-2(ab-bc-ca)=
…
结合其它数学知识和性质,相应有另外的一些配方形式,如:
1+sin2α=1+2sinαcosα=(sinα+cosα)
2
;
11
2
1
2
=(x+)-2=(x-)+2 ;……
等等。
x
2
xx
x
2
+
一、再现性题组:
1. 在正项等比数列{a
n
}中,a
1
?a
5
+
2a
3
?a
5
+a
3
?a
7
=25,则
a
3
+a
5
=_______。
2. 方程x
2
+y
2
-4kx-2y+5k=0表示圆的充要条件是_____。
11
A.
1
4
或k>1 C. k∈R D.
k=
4
或k=1
3. 已知sin
4
α+cos
4
α=1,则sinα+cosα的值为______。
A. 1
B. -1 C. 1或-1 D. 0
4.
函数y=log
1
(-2x
2
+5x+3)的单调递增区间是_____。
2
5155
A. (-∞,
5
4
] B.
[
4
,+∞) C. (-
2
,
4
]
D. [
4
,3)
5. 已知方程x
2
+(a-2)x+
a-1=0的两根x
1
、x
2
,则点P(x
1
,x
2
)在圆x
2
+y
2
=4上,则实数
a=_____。
【简解】 1小题:利用等比数列性质a
m?p
a
m?p
=a
m
2
,将已知等式左边后配方(a
3
+a
5
)2
易求。答案是:5。
2小题:配方成圆的标准方程形式(x-a)
2
+(y-b)
2
=r
2
,解r
2
>0即可,选
B。
3小题:已知等式经配方成(sin
2
α+cos
2
α)
2
-2sin
2
αcos
2
α=1,求出sinαc
osα,
然后求出所求式的平方值,再开方求解。选C。
4小题:配方后得到对称轴,结合定义域和对数函数及复合函数的单调性求解。选D。
5小题:答案3-
11
。
二、示范性题组:
例1. 已知长方体的全面积为11,其12条棱的长度之和为24,则这个长方体的一条对角
线长为_____。
A. 2
3
B.
14
C. 5 D. 6
?
2(xy?yz?xz)?11
【分析】
先转换为数学表达式:设长方体长宽高分别为x,y,z,则
?
,
4(x?y?z)
?24
?
而欲求对角线长
x
2
?y
2
?z
2
,将其配凑成两已知式的组合形式可得。
【解】设长方体长宽高分别为x,y,z
,由已知“长方体的全面积为11,其12条棱的长度之
?
2(xy?yz?xz)?11和为24”而得:
?
。
4(x?y?z)?24
?
长
方体所求对角线长为:
x
2
?y
2
?z
2
=
(x?y?z)
2
?2(xy?yz?xz)
=
6
2
?1
1
=5
所以选B。
【注】本题解答关键是在于将两个已知和一个
未知转换为三个数学表示式,观察和分析三
个数学式,容易发现使用配方法将三个数学式进行联系,即联
系了已知和未知,从而求解。
这也是我们使用配方法的一种解题模式。
p
2
q
)+()
2
≤7成立,求实数k的取值
qp
例2.
设方程x
2
+kx+2=0的两实根为p、q,若(
范围。
【解】
方程x
2
+kx+2=0的两实根为p、q,由韦达定理得:p+q=-k,pq=2
,
[(p?q)
2
?2pq]
2
?2p
2
q
2
(k
2
?4)
2
?8
p
4
?q
4
(p
2
?q
2
)
2
?2p
2
q
2
p
2
q
2
()+()===
22
=
2
(pq)
(pq)
4
qp
(pq)≤7, 解得k≤-
10
或k≥
10
。
又
∵p、q为方程x
2
+kx+2=0的两实根, ∴
△=k
2
-8≥0即k≥2
2
或k≤-2
2
综合起来,k的取值范围是:-
10
≤k≤-
22
或者
22
≤k≤
10
。
【注】 关于实系数一元二次方程问题
,总是先考虑根的判别式“Δ”;已知方程有两根时,
可以恰当运用韦达定理。本题由韦达定理得到p+
q、pq后,观察已知不等式,从其结构特
征联想到先通分后配方,表示成p+q与pq
的组合式。假如本题不对“△”讨论,结果将
出错,即使有些题目可能结果相同,去掉对“△”的讨论,
但解答是不严密、不完整的,
这一点我们要尤为注意和重视。
例3. 设非零复数a
、b满足a
2
+ab+b
2
=0,求(
b
a
)1998
+()
1998
。
a?b
a?b
【分析】
对已知式可以联想:变形为(
a
2
aa
)+()+1=0,则=ω
(ω为1的立方虚
bbb
根);或配方为(a+b)
2
=ab
。则代入所求式即得。
a
2
a
)+()+1=0 ,
<
br>bb
【解】由a
2
+ab+b
2
=0变形得:(
设ω
=
a1
b
,则ω
2
+ω+1=0,可知ω为1的立方虚根,所以:=
,ω
3
=
?
3
=1。
ba
?
又
由a
2
+ab+b
2
=0变形得:(a+b)
2
=ab
,
a
2
999
b
2
999
b
a
ab
19981998
所以 ()+()=()+()=()
999
+()
999
=ω
999
+
?
abab
a?bba
a?b
999
=
2 。
【注】 本题通过配方,简化了所
求的表达式;巧用1的立方虚根,活用ω的性质,计算表
达式中的高次幂。一系列的变换过程,有较大的
灵活性,要求我们善于联想和展开。
?1?3i
aa
b
【另解】由
a
2
+ab+b
2
=0变形得:()
2
+()+1=0 ,
解出=后,化成三
2
bba
ab
角形式,代入所求表达式的变形式()
999
+()
999
后,完成后面的运算。此方法用于只是
ba
未
?1?3i
联想到ω时进行解题。
2
假如本题没有
想到以上一系列变换过程时,还可由a
2
+ab+b
2
=0解出:a=
?1?3i
b,
2
直接代入所求表达式,进行分式化简后,化成复数的三角形式,利
用棣莫佛定理完成最后
的计算。
三、巩固性题组:
1.
函数y=(x-a)
2
+(x-b)
2
(a、b为常数)的最小值为_____。
2
(a?b)
A. 8
B.
2
22
a?b
C.
2
D.最小值不存在
2.
α、β是方程x
2
-2ax+a+6=0的两实根,则(α-1)
2
+(β-1)
2
的最小值是_____。
A.
-
49
4
B. 8 C. 18 D.不存在
3. 已知x、y∈R
?
,且满足x+3y-1=0,则函数t=2
x
+8
y
有_____。
2
2
2
2
A.最大值2
2
B.最大值
C.最小值2
2
B.最小值
4. 椭圆x
2
-2ax+3y
2
+a
2
-6=0的一个焦点在直线x+y+4=0上,则a=_____。
A. 2 B. -6 C. -2或-6
D. 2或6
5.
化简:2
1?sin8
+
2?2cos8
的结果是_____。
A. 2sin4 B. 2sin4-4cos4 C. -2sin4
D. 4cos4-2sin4
6. 设F
1
和
2
x
F
2
为双曲线
4
-y
2
=1的两个焦点,点P在双
曲线上且满足∠F
1
PF
2
=90°,则
△F
1
P
F
2
的面积是_________。
7. 若x>-1,则f(x)=x<
br>2
+2x+
1
的最小值为___________。
x?1
8. 已知
?
〈β<α〈
3
π,co
s(α-β)=
12
,sin(α+β)=-
3
,求sin2α的值。(92
年高
2
4135
考题)
9. 设二次函数f(x)=Ax
2
+Bx+C,给定m、n(m
[(m+n)
2
+ m
2
n
2
]+2A[B(m+n)
-Cmn]+B
2<
br>+C
2
=0 。
① 解不等式f(x)>0;
② 是否存在一个实数t,使当t∈(m+t,n-t)时,f(x)<0
?若不存在,说出理由;若存在,
指出t的取值范围。
10. 设s>1,t>1,
m∈R,x=log
s
t+log
t
s,y=log
s
4<
br>t+log
t
4
s+m(log
s
2
t+logt
2
s),
①
将y表示为x的函数y=f(x),并求出f(x)的定义域;
②
若关于x的方程f(x)=0有且仅有一个实根,求m的取值范围。
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