高中数学教师信息技术研修计划-选修高中数学
2018年高考理科数学浙江卷导数压轴题解析
已知函数
f(x)?x?lnx
.
(I)若
f(x)
在<
br>x
1
,
x
2
(x
1
?x
2
)
处导数相等,证明:
f(x
1
)?f(x
2
)?8?8l
n2
;
(II)若
a?3?4ln2
,证明:对任意
k?0
,直线
y?kx?b
与曲线
f(x)
有唯一公共点.
【题目分析】
本题综合考察了函数的单调性、极值以及零点的分析。解决第(I)问中
f(x
1
)?f(x
2
)
取
值范围问题的关键在于建立<
br>x
1
与
x
2
之间的关系将双变量转化为单变量,寻找该单变量
的取值
范围,构造函数并根据函数的单调性以及定义域讨论其值域,难度不大。
第(II)问
重点考察函数零点的寻找,“零点存在性定理”与“函数单调性”的结合是解决“唯
一零点”这类问题的
常规套路——“零点存在性定理”解决有没有的问题,“函数单调性”解决可
能有几个的问题。题目中需
要构造
h(x)?x?lnx?kx?a
这样一个含有双参变量的函数,参
数a不会影
响“函数单调性”,也就是意味着函数
h(x)
的单调性比较好处理,难点在于“零点存
在性定理”的运用,
h(x)
是否存在大于0或者小于0的点是由参数k和a共同控制的,对
于这
样一个既含有根号又含有对数的函数而言,处理起来比较棘手。当然考虑
h(x)
在
x?0
?
及
x???
处的极限很容易得出
h(x)
存在零点的结论,但是需要强调的是求极限严格来讲不属于
高中阶段内的知识点(虽然高中教材中有涉
及),高考时得不得分存在很大争议,因此高考数
学官方标准答案中都会带入“特殊值”,通过不等式的
放缩来证明函数值是否存在大于(小于)0
的点,本题中官方标准答案中给出
m?e
?
(|a|?k)
以及
n?(|a|?1)
2
k
2
?1
这样两个极其复杂的“特
殊值”,让人望而生叹直呼好难想到。
本解答过程另辟蹊径,给出
了两个非常简单的范围来说明
h(x)
的正负号问题——将
h(x)
分为x?kx
与
?lnx?a
两部分,此时参数k和a分开(k和a二者之间没有关系
,相互独立),
逐一讨论范围之后再合并,从而确定
h(x)
的正负号。
【题目解答】
(I)
f
?
(x)=
则
1
2x
?
111111
2
1
?(?)??(?)?
,
x?0
;令
f
?
(x
1
)?f
?
(x2
)?m(x
1
?x
2
?0)
,
x16
x
2
xx
4
1
11
和是关于
t
的一元二
次方程
?t
2
?t?m?0
的两个不相等的正数根,从而
2
x
1
x
2
?
?
0?m?
1
?
16
?
11
?
1
+=
?
x
2
2
?
x
1
?
11
?
=m
?
?
x
1
x
2
?
1
?
x
1
x
2
?
x
1
+x
2
=
2?
?
x
1
x
2
?256
?
f(x1
)?f(x
2
)?x
1
?x
1
?lnx1
x
2
?
令
g(t)?
x
1
x
2
?lnx
1
x
2
;
2
t
11t?4
,
g(t)
在
(0,16)
上单调递减,在
(16,??)
上单
?lnt
,则
g
?
(t)???
2
t
4t
4t
调递增,所以当
x
1
x
2
?256
时,
g(x
1
x
2
)?g(256)?8?8ln2
,即
f(x
1
)?f(x
2
)?8?8ln2
,得证.
(II)直线
y?kx?b
与曲线
f(x)
有唯一公共点等价于函数
h(x)?x?lnx?kx?a
有唯一零点;
(a) 零点的存在性证明:
当
x?(0,
11
?a
?a
?lnx?a?0
)x?(0,m
in(,e))
时,时,当时,所以当
x?kx?0
x?(0,e)
22kk
1
,+?)
时
x?kx?0
,当
x?(e
?a
,+?)
时
?lnx?a?0
,因
2
k
h(x
)=x?kx?lnx?a?0
;当
x?(
此当
x?(max(
在区
间
(min(
1
?a
,e),??)
时,
h(x)=x?k
x?lnx?a?0
;根据零点存在性定理可知函数
h(x)
2
k
1
?a
1
?a
,e),max(,e))
至少存在一个零点,从而h(x)
在
(0,??)
至少存在一个零点.
k
2
k
2
(b) 零点的唯一性证明:
h
?(x)=
若
k?
111
2
1
??k??(?)??k<
br>;
16
2x
x
x
4
1
1
,则h
?
(x)?0
恒成立,
h(x)
单调递减,此时
h(
x)
在
(0,??)
最多只有一个零点;
16
1
1111
,且易知
0?
h
?
(x)=0
有两个不相等正根
x
3
和
x
4
(设
x
3
?x
4
)
???
,
16
x
3
4
x
4
2
若
0?k?
从而
h(x)
在
(0,x
3
)
上单调递减,
(x
3
,x
4
)
上单调递增,
(x
4
,??)
上单调递减。由
h
?
(x
3)?0
得:
k=
11
?
,
x
3
?16
2x
3
x
3
x
11
?)x
3
?a?
3
?lnx
3
?a?1
;结合(I)中
2
2x
3x
3
从而
h(x
3
)?x
3
?lnx
3
?kx
3
?a=x
3
?lnx
3
?(
函数
g(t)
的单调性可知:
x
3
即
h(x< br>3
)?
?lnx
3
?2?4ln2
,
3?4ln2< br>2
?a0?
,所以当
x?(0,x
4
)
时
函 数
h(x)?h(x
3
)?0
,结合
h(x)
的单调性可知
h(x)
在
(0,x
4
)
内无零点,在
(x
4
,??)
最多一个零
点;此时
h(x)
在
(0,??)
亦最多只有一个零点.
综上,当
k?0
且
a?3?4ln2
时函数
h(x)?x?lnx?kx?a
有唯一零点,即直线
y?kx?b
与曲线
f(x)
有唯一公共点.