人道渺渺-
数学分析答案第四版
>第一部分 实数理论
1 实数的完备性公理
一、实数的定义
【篇一:数学分析(4)复习提纲(全部版)】
在集合r内定义加法运算和乘法运 算,并定义顺序关系,满足下面
三条公理,则称r为实数域或实数空间。
(1)域公理:
(2)全序公理:
则或a中有最大元而a?中无最小元,或a中无最大元而a?中有最
小元。
评注 域公理和全序公理都是我们熟悉的,连续性公理也称完备性公
理有许多等价形式(比如确界原理),它是 区别于有理数域的根本
标志,它对实数的描述没有借助其它概念而非常易于接受,故大多
数教科 把它作为实数理论起步的公理。
二、实数的连续性(完备性)公理
实 数的连续性(完备性公理)有许多等价形式,它们在使用起来方
便程度不同,这些公理是本章学习的重点 。主要有如下几个公理:
确界原理:
单调有界定理:
区间套定理:
有限覆盖定理:(heine-borel)
聚点定理:(weierstrass)
致密性定理:(bolzano-weierstrass)
柯西收敛准则:(cauchy)
习题1 证明dedekind分割原理和确界原理的等价性。
习题2 用区间套定理证明有限覆盖定理。
习题3 用有限覆盖定理证明聚点定理。
评注 以上定理哪些能够推广到欧氏空间r?如何叙述? n
2 闭区间上连续函数的性质
有界性定理:上册p168;下册p102,th16.8;下册p312,th23.4
最值定理:上册p169;下册下册p102,th16.8
介值定理和零点存在定理:上册p169;下册p103,th16.10
一致连续性定理 (cantor定理):上册p171;下册p103,th16.9;
下册p312,th23.7 习题4 用有限覆盖定理证明有界性定理
习题5 用致密性定理证明一致连续性定理
3 数列的上(下)极限
三种等价定义:(1)确界定义;(2)聚点定义;(3)??n定义
评注 确界定义易于理解;聚点定义易于计算;??n定义易于理论证
明
习题6 用区间套定理证明有界数列最大(小)聚点的存在性。
(p173)
习题7 证明上面三种定义的等价性。
第二部分 级数理论
1 数项级数
前言 级数理论是极限理论的直接延伸,但又有自身独特的问题、特
点和研究方法。上(下)极限是研究级数的一个有力工具。对于数
项级数,可看作有限个数求和 的推广,自然要考虑如何定义其和,
两个级数的和和积,结合律、交换律是否还成立等问题。级数的收< br>敛性和无
穷积分有着极大的相似性,学习时要注意二者的比较。
一、cauchy收敛准则
?u
n?1?n?u1?u2??
几个概念 部分和?收敛?发散?绝对收敛?条件收敛?
收敛的必要条件 ?u
n?1?n收敛?un?0
评注 此结论由un?sn?sn?1两边取极限即得证,也 可由下面的
cauchy收敛准则得到。要注意此性质和无穷积分有较大差别。对于
收敛的无穷 积分
能推出f(x)?0(x???)(参见反常积分) ???af(x)dx即使f(x)?0也
不
cauchy收敛准则 ?u
n?1?n收敛????0,?n,?n?n,?p,有
sn?p?sn?un?1?un?2???un?p??
思考正面叙述级数发散的cauchy准则。
加括号 对于收敛的级数可以任意加括号, 新的级数仍收敛且其和不
变。也就是说收敛的级数满足结合律。
评注 只要认识到加括号后级数的部分和是原级数部分和的子列即可
得到这一结论。我们常常利用这一点证明一 个级数的发散性,即先
证明加括号的发散,从而推出原级数(去括号的)也发散。
二、正项级数
正项级数的特点是部分和数列是单调递增的,由此得:
基本结论 正项级数收敛?其部分和有上界。
比较判别法:
比较判别法的极限形式:
评注 对于比较判别法,主要考虑n充分大以后(n?n0)un和vn
的大小关系,因此极限
形式更方便。如果limun?l(0?l???),要认识到,当n充分大时,
un和vn是“等 价”vn
的,即大小“差不多”,确切地说当n?n0时,存在正常数c1和c2
使c1vn?un?c2vn,由
?un?vn?c2?un。如果l?0或??,它们的“大小”关系如何? 此c1
根式判别法 设limun?l,当l?1时,
比式判别法 lin?un收敛;当l?1时,?un发散。 un?1?q?1,
则?un收敛; un
limun?1?q?1,则?un发散。 un
习题1 证明上面根式判别法
习题2 证明un?1u?n?limn?limn?1(un?0) unun
un?1?l?limn?l un推论:lim
评注 由习题2知,用比式判别法能判 别的,用根式判别法一定能判
别,但反之不然。也就是说根式判别法比比式判别法更有效。换言
之,凡根式法无能为力时,比式法一定也无能为力。但是,它们在
判别发散时,却没有谁比谁有 优势可言,都是用一般项不趋于零来
推断的。这一点要特别注意,我们在讨论幂级数的收敛半径时就要< br>用到此结论。
习题3 考虑级数111111??2?2?3?3??,说明根式法比比式法更有
效。 232323
评注 无论是比式判别法还是根式判别法,其实质都和等比级数
数?cqn比 较的,对于p?级1(这种级数的通项比等比级数的通项
收敛于零的速度要慢)。如果和p??np必然 失效。
级数比较还可以得到更细致的一些判别法,拉贝判别法就是其中之
一。
积分判别法: [p17,11(1)]用拉贝法判别级数
根式法都无效。 ?(2n?1)!!1?的收敛性,并说明比式法和(2n)!!2n?1
三、一般项级数
评注 对一般项级数
收敛性(即
别法得到?un(有无穷多个正项,且有无穷多个负项),一般首先
要考虑绝对?unn是否 收敛),如果是绝对收敛,当然原级也收敛,
如果是用根式或比式判?u发散,则?un必发散(这在前 面的评注中
已经说过了)。
leibniz判别法:
abl e引理:uk,vk,k?1,2,?,n是两数组,uk单调,?k?v1???vk,
则
?uvk
k?1nk?a(u1?2un),其中?k?a
对于形如?abnn的级数,设?an?单调,把able引理用于
n?p
k?n?1?ab
(b)
nkk?2m(an?1?2an?p) nn?p其中m满足:s??bk?m?
k?1k?n?1(b)(b)b?s?s?kn?pn?2m
再结合cauchy准则, 附加适当的条件使2m(an?1?2an?p)能充分
小,便可得到able和dirichlet判 别法
d判别法:(1)?an?单调;(2)an?0;(3)?bn有界,则
n?abnn收敛。 收敛。 a判别法:(1)?an?单调;(2)?an?有
界;(3)?b收敛,则?abnn
评注 记住a和d判别法的关键是记住able引理。这两个判别法在
函数项级数以及反常 积分中还有不同的表现。
习题5 用d判别法直接证明leibniz判别法和able判别法。
习题6 讨论级数1?11111????????(??r)的收敛性。 ?34562
提示:分??0,0???1,??1,??1情况讨论。
答案:??1时,收敛,其它发散。
习题7 利用级数收敛性,证明数列xn?1?
为euler常数?0.577216?) 11????lnn的极限存在。(注:此极
限称2n
【篇二:复旦《数学分析》答案第四章1、2节】
题 4.1 微分和导数
⒈ 半径为
1cm的铁球表面要镀一层厚度为0.01cm的铜,试用求微
分的方法算出每只球需要用铜多少克?(铜的密度为8.9gcm3。)
解 球体积v
?43
?r
3
,每只球镀铜所需要铜的质量为
2
m???v?4??r?r?1.12
g。
?0
⒉ 用定义证明,函数y点之外都是可微的。 证 当x?0时,?y?微。
当x?0时,
?y??
?
3
x2
在它的整个定义域中,除了x这一
?x
2
是?x的低阶无穷小,所以y
?
x2
在x?0不可
?x?x?o(?x),
所以y
?
x2
在x?0是可微的。
习 题 4.2 导数的意义和性质
1. 设f?(x0)存在,求下列各式的值: ⑴ ⑵ ⑶
lim
?x?0
f(x0??x)?f(x0)
?x
;
lim
x?x0
f(x)?f(x0)
x?x0
;
。
f(x0?(??x))?f(x0)
(??x)
??f(x0)。
lim
h?0
f(x0?h)?f(x0?h)
h
解 (1)lim
⑵ ⑶
f(x0??x)?f(x0)
?x
f(x)?f(x0)
x?x0
?x?0
??lim
?x?0
x?x0
lim?lim
f(x0?(x?x0))?f(x0)
x?x0
x?x0?0
?f(x0)。
lim
f(x0?h)?f(x0?h)
h
f(x0?h)?f(x0)
h
h?0
f(x0?h)?f(x0)
h
h?0
?lim
h?0
?lim
?2f(x0)
。
2. ⑴ 用定义求抛物线y?2x2?3x?1的导函数; ⑵ 求该抛物线上
过点(?1,?2)处的切线方程; ⑶ 求该抛物线上过点(?2,1)处的法线方
程;
⑷ 问该抛物线上是否有(a,b),过该点的切线和抛物线顶点和焦点的
连线平行? 解 (1)因为
?y?x
?
2(x??x)?3(x??x)?1?(2x?3x?1)
?x
f(x)?lim
?y?x
?4x?3。
2
2
?4x?3?2?x,所以
?x?0
(2)由于(3)由于
f(?1)??1,切线方程为y??1?[x?(?1)]?(?2)??x?3。 f(?2)??5,法
线方程为y??
1?5
[x?(?2)]?1?
x?75
。
(4) 抛物线顶点和焦点的连线平行于y轴,即斜率为无穷大,由(1)
可
知不存在x,使得f(x)??,所以这样的点(a,b)不存在。 3.设f(x)为
(??,??)上的可导函数,且在x?0的某个邻域上成立
f(1?sinx)?3f(1?sinx)?8x??(x),
其中?(x)是当x?0时比x高阶的无穷小。求曲线y?处的切线方程。
解 记f(x)?由lim
lim
f(x)x
x?0
在(1,f(1))
可得limf(x)??2f(1)?0, 即f(1)?0f(1?sinx)?3f(1?sinx),
x?0
。
?lim
8x??(x)
x
x?0
?8
和
,
f(x)x
x?0
?f(1?sinx)?f(1)sinx??f(1?sinx)?f(1)sinx?
?lim???3lim??4f(1)???x?0x?0sinxx?sinxx???
得到f(1)?2。于是曲线y?f(x)在(1,f(1))处的切线方程为y?2(x?1)。
4. 证明:从椭圆的一个焦点发出的任一束光线,经椭圆反射后,
反
射光必定经过它的另一个焦点。 (见图4.2.5)
证 设椭圆方程为
xa
22
?
yb
22
?1,a?b?0,焦点坐标为
a?b
2
2
(?c,0),c?
。假设(x0,y0)为椭圆
上任意一点,当y0斜率为tan?
??
bx0ay0
22
?0时结论显然成立。现设y0?0,则过此点的切线
y0x0?c
2
2
,(x0,y0)和焦点(?c,0)连线的斜率为tan?1?,和
此连线和切线夹角的正切为k
x0a
22
?
tan?1?tan?1?tan?1tan?
。利用c2
?a?b
?
y0b
2
2
?1代入计算,得到
y0
k?
x0?c1?
y0
?
bx0ay0?bx0
222
2
?
ay0?bx0?cx0b
2
2
2
22222
(a?b)x0y0?acy0
?
ab?cx0b
2
2
222
cx0y0?acy0
?
b
2
cy0
。
x0?cay0
(x0,y0)和另一焦点(c,0)连线的斜率为tan?2?
y0x0?c
,此连线和切线
夹角的正切为
tan??tan?21?tan?tan?2
??
bx0ay0
y0
22
?
y0x0?cbx0
2
?
cx0b?ay0?bx0
2
2
2
22222
1?
?2
x0?cay0
(a?b)x0y0?acy0
?
cx0b?ab
2
2
222
cx0y0?acy0
?
b
2
cy0
?k
。
由于两个夹角的正切相等,所以两个夹角相等,命题得证。 5.证
明:双曲线xy
?a2上任一点处的切线和两坐标轴构成的直角三
2
角形的面积恒为2a。
证 假设(x0,y0)为双曲线上任意一点,则x率为yx
??
y0?a
2
,过这一点的切线斜
a
22
x0
??
y0x0
,切线方程为
y?y0??
y0x0
(x?x0),
易得切线和两坐标轴的交点为(0,2y0 )和(2x0,0)。切线和两坐标轴构
成的直角三角形的面积为
s?
12
(2y0)(2x0)?2x0y0?2a
2
。
6. 求函数在不可导点处的左导数和右导数。
⑴ y⑶ y
?|sinx|;
⑵ y
??cosx
;
?e?|x|;
?f(x)?|sinx|
⑷ y?|ln(x?1)|.
解 (1)对y,当x?0时,
f?(0)?lim
|sin?x|?|sin0|
?x
|sin?x|?|sin0|
?x
?x?0?
?lim
sin?x?x?x?sin?x
?x?0?
?1, ??1,
f?(0)?lim
?x?0?
?lim
?x?0?
所以x?0是不可导点。又由于函数y是周期为?的函数,所有不可
导点为x?k? (2)y
为x?2k?
(k?z),且f??(k?)??1,?f(x)?
f??(k?)?1。
?
x2
?,由(1)可知不可导点
2
(k?z),且经计算得到
f??(2k?)??
?|x|
,f??(2k?)?
2
。
(3)y?
?
f(x)?e
不可导点只有x?0,且
e
??x
f(0)?lim
?1
?x?0?
?x
??1,f(0)?lim
?
e
?x
?1
?x?0?
?x
?1。
(4)y?
f(x)?ln(x?1)f?(0)?limf?(0)?lim
不可导点只有x?0,且
?1, ?x
?ln(?x?1)
?lim??1。 ?x?0??x?lim
?x?0?
|ln(?x?1)|?ln1?x
|ln(?x?1)|?ln1
?x
ln(?x?1)
?x?0?
?x?0?
7.讨论下列函数在x
⑴ ⑶
?|x|1?asiny??
?0,
1x
?0处的可导性:
,(a?0)x?0,x?0;
⑵ ⑷
?x2,y??
?ax?b,
a
??ex2,y??
??0,
x?0,x?0;x?0,x?0.
?xex,
y??2
?ax,
x?0,x?0;
1?a
解 (1)?lim
x?0
?y?x
|?x|?lim
?x?0
sin
1
?lim?|?x|asgn(?x)sin1??0
???x?0x??
?x
,所以函数
在x?0可导。
(2)如果函数在x?0可导,则必须在x?0连续,由f(0?)?可得
b?0。当b?0时,f
?
f(0)?b
(0)?lim
?x?0?x
2
?x?0?
?0,f?(0)?lim
a?x?0?x
?x?0?
?a
,
【篇三:数学分析复旦大学第四版大一期末测试】
共9分) 1.
函数f(x)?
的定义域为________________
???sinx,x?1
2.已知函数f(x)??,则f(1)?____,f()?____
4??0,x?1
3.函数f(x)?sinx?cosx的周期是_____
4.当x?0时,函数tanx?sinx对于x的阶数为______
f(x0?
1h)?f(x0?h
1h)
?____
5.已知函数f(x)在x?x0处可导,则lim6.
曲线y?
h?0
在点(1,1)处的切线方程为_____ _________,法线方程为
________________
7.函数f(x)?x2在区间[0,3]上的平均值为________ 二、判断题(每
小题1.5分,共9分) 1.函数f(x)?
x和g(x)?
() 2.两个奇函数的积仍然是奇函数。( ) 3.极限lim
xx
不存在。( )
x?0
?1,x?0
1,x?0??
4.函数f(x)??是初等函数,而g(x)??0,x?0不是初等函数。( )
?1,x?0???1,x?0
?
5.函数f(x)?xsinx在区间[0,?]上满足罗尔中值定理。 ( ) 6.函数
f(x)在区间[a,b]上可导,则一定连续;反之不成立。() 三、计算题
(64分)
1.求出下列各极限(每小题4分,共20分) (1)lim(
n??
11?2
?
12?3
?...?
1n?(n?1)
) (2
)limn??
x
?...?
(3
)lim
1
x?4
(4)lim(cosx)x(5)lim
x?0?
2
?
1
edt
t
2
x?1
x?1
2.求出下列各导数(每小题4分,共16分) (1)f(x)?
?
x?x
e
?t
2
dt (2)f(x)?(sinx)
cosx
(3) ?
?x?t?sint?y?1?cost
(4
)由方程arctan
yx
?ln所确定的函数y?f(x)。
3.求下列各函数的积分(每小题5分,共计20分) (1)?x2lnxdx
(2)?
1sinx?cosx
dx (3
)??02
(4)?
??
1x
4
1
dx
1?
?xsin,x?0
4.试判断函数f(x)??在x?0处的连续性和可导性(8分) x
?0,x?0?
四、证明题(18分)。
1.(8分)试用??n定义证明lim
nn?1
n??
?1。
2.(10分)设函数f(x)在区间[a,b]上连续,在(a,b) 上可导,a?0,
试证明存在点
??(a,b),使得f(b)?f(a)??f(?)ln
ba
。
给予的近义词-
走泥丸-
不同的笑-
无理数是什么-
heavy的比较级-
意犹未尽的意思-
越顶外交-
初中化学元素周期表-
本文更新与2020-11-16 07:13,由作者提供,不代表本网站立场,转载请注明出处:https://www.bjmy2z.cn/gaokao/445664.html
-
上一篇:华东第四版数学分析答案
下一篇:小学数学小论文五年级 (1)