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方达教育个性化一对一辅导 学海方舟,教以达人
方达教育学科教师辅导教案
学员姓名年级
高三
授课老师
翟 嘉
辅导科目
数 学
课时数
月 日 :
2h
第
:
次课
授课日期及时段2015 年 —
解答题的八个答题模板
数学解答题是高考数学试卷中的一类重要题型,通常是高考的把关题和压轴题,具有较好的区分层次
和选拔功能.目前的高考解答题已经由单纯的知识综合型转化为 知识、方法和能力的综合型解答题 .在高
考考场上,能否做好解答题,是高考成败的关键,因此,在高考备考中学会怎样解题,是一项重要的内 .容
“答题模板”就是首先把高考试题纳入某一类型,把数学解题的思维过程划分为一个个小题,按 一 照
定的解题程序和答题格式分步解答,即化整为零.强调解题程序化,答题格式化,在最短的时间内拟定 解
决问题的最佳方案,实现答题效率的最优化.
模板 1 三角变换与三角函数的性质问题
已知函数 f (x)=2cos x·sin x+
π
3
(1)求函数 f(x)的最小正周期; (2)求函数 f(x)的最大值及最小值; (3)写出函数 f(x)的单调递增区间.
审题路线图不同角化同角 → 降幂扩角 →化 f(x)=Asin(ωx+ φ)+ h→结合性质求解.
规范 解 答 示 例
解 f( x) 2cos x
1
3
=
sin x
+
2
cos
x
3si
n
-
2
2
2
x+sin xcos x+1.
- 3sin
构 建 答 题 模 板
第一步
化简: 三角函数式的化简, 一
般化成
y
=
A
sin(
ωx
+
φ
) +
h
的形式,
x)+1=sin 2x+ 3cos 2x+1
即化为“一角、 一次、一函数” 的形式.
2
=2sin xcos x+ 3(cos
π
=2sin 2x+ + 1.
3
x-sin
第二步
整体代换: 将
ωx
+
φ
看作一
2π
个整体,利用
y
=sin
x
,
y
=cos
x
的
(1)函数 f(x)的最小正周期为
=π.
2
性质确定条件.
π π
第三步 求解: 利用
ωx
+
φ
的范围求
(2)∵-1≤ sin 2x+ +1≤ 3.
≤ 1,∴-1≤ 2sin 2x+ 3
3
π
π π
条件解得函数
y
=
A
sin(
ωx
+
φ
) +
h
∴当 2x+
=
+2kπ, k∈Z,即 x= + kπ,k∈ Z 时, f( x)取
12
3
2
的性质,写出结果.
得最大值 3;
第四步 反思:反思回顾,查看关键点,
π π
5π
当 2x+ =-
+2kπ, k∈Z,即 x=-
+kπ,k∈Z 时, f(x)
易错点,对结果进行估 检查规,算范性 .
3
2
12
方达教育辅导教案 第 1 页(共16 页)
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取得最小值- 1.
(3)由-
π π
π π
5π
+
+2kπ≤ 2x+
≤
+2kπ,k∈Z,得-
+ kπ≤ x≤
3
2
12
2
12
kπ,k∈Z.
∴函数 f (x)的单调递增区间为 -
5π
π
+kπ, + kπ (k∈Z ).
12 12
1
(2014 ·福建 )已知函数 f(x)=cos x(sin x+ cos x)
2.
-
π
2
,且 sin α=
,求 f(α)的值; (2)求函数 f(x)的最小正周期及单调递增区间.
(1)若 0<α<
2
2
π
1 1
2
2
2
2
2
解 方法一 (1) 因为 0<α< , sin α=
+
)-
=
,所以 cos α= .所以 f(α)= ×(
2
2 .
2 2 2 2
2 2
1+cos 2x
2 π
(2)因为 f(x)=sin xcos x+cos1 1 1 1
2
-
=2sin 2x+ 2cos 2x=
2 sin(2 x+4),
x-1 2sin 2x+
2
x-1
2
2
=
2
2π
=π.
2
所以 T=
π 3π π
π
由 2kπ-
π
≤ 2x+ ≤ 2kπ+ ,k∈Z,得 kπ- ≤ x≤ kπ+ ,k∈Z.
2 4 2 8 8
π
3π
所以 f (x)的单调递增区间为 [kπ-
,kπ+
],k∈Z.
8 8
π
1+cos 2x 1
1
1
2
1 1
2
x-
- =
2
sin(2 x+
).
2
2 2 4
方法二 f(x)=sin xcos x+cos
sin 2x+ cos 2x=
2
= sin 2x+
2 2
π π
π
2 3π
1
2
2
,sin α= ,从而 f(α)=
2 sin(2α
,所以 α=
2.
+
4)=
2 sin
(1)因为 0<α< 4
2
4
=
2
2π
(2)T=
=π.
2
π π 3π π
π
由 2kπ-
≤ 2x+ ≤ 2kπ+ ,k∈Z,得 kπ- ≤ x≤ kπ+ ,k∈Z.
2 4 2 8 8
所以 f (x)的单调递增区间为 [kπ-
3π
,kπ+
8
],k∈Z.
8
π
模板 2 解三角形问题
3
在△ ABC 中,若 acos +ccos =
2 2
2
b.
2
C
2
A
(1)求证:a,b,c 成等差数列; (2) 求角 B 的取值范围.
审题路线图 (1) 化简变形 ―→ 用余弦定理转化为边的关系 ―→ 变形证明
(2) 用余弦定理表示角 ―→ 用基本不等式求范围―→ 确定角的取值范围
方达教育辅导教案第 2 页(共16 页)
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规范 解 答 示 例
2
C
构 建 答题模 板
(1) 证明因为 acos
1+cos A
3
c· = b,
2 2
1+cos C
+
+ccos =a·
2 2 2
2
A
第一步
定条件:即确定三角形中的已知和
所求, 在图形中标注出来, 然后确定转化的
方向.
所以 a+ c+( acos C+ccos A)=3b,
2
+b
2
-c
2 2
+c
2
-a
2
a
故 a+c+ a·
2ab
b
+c·
2bc
第二步
=3b,
定工具: 即根据条件和所求, 合理
选择转化的工具,实施边角之间的互化.
整理,得 a+c=2b,故 a,b,c 成等差数列.
第三步
(2) 解 cos B=
2
+c
2
-b
2
2
+c
2
-
求结果.
再反思:在实施边角互化的时应候
a
=
2ac
2
a+c
第四步
a 2
2ac
1
2
,
注意转化的方向, 一般有两种思路: 一是全
2
+c
2
-2ac
3 a
6ac- 2ac
=
8ac
π
.
3
=
8ac
因为 0< B<π,所以 0≥
部转化为边之间的关系;二是全部转化为角
之间的关系,然后进行恒等变形 .
(2014 辽)在△ ABC 中,内角 A,B,C 的对边分宁· 为别a,b,c,且 a>c,已知 BA·BC
→ →
=2,cos B
=
1
3
,b=3.求: (1) a 和 c 的值;(2)cos( B-C)的值.
→ →
1
解 (1)由BA =2 得 c·acos B=2.又 cos B=
3
·BC
,所以 ac= 6.由余弦定理,得 a
2
+c
2
=b
2
+2accos B.又 b=3,
2
+c
2
=b
2
+2accos B.又 b=
3,
ac= 6,
所以 a =13.解
a=2,
a=3,
得 或
2
+c
2
=9+2×6×1
2
+c
2
=13,
c=3 c=2.
2
+c
2
=9+2×6×1
a
3
因为 a>c,所以 a=3,c=2.
(2)在△ABC 中, sin B= 1-cos
2
B= 1-
2
=2
1
3
2
1-
,
2
B=
,
3
c 4 2
2 2 2
× =
9 .因为 a=b> c,所以 C 为锐角, 由正弦定理,得 sin C=
3 3
bsin B=
2
因此 cos C= 1-sin
C=
2
=7 2 2
4 2
4 2
1 7
9.于是 cos(B-C)=cos Bcos C+sin Bsin C=
× +
3 9 9
3 9
1-
× =
23
.
27
模板 3 数列的通项、求和问题
*
)满足a
n
b
n
已知首项都是 1 的两个数列 { a
n
} , {b
n
}( b
n
≠0,n∈ N
+
1
-a
n
1
b
n
+2b
n
1< br>b
n
=0.
++
n
} 的通项公式;
=3
方达教育辅导教案第 3 页(共16 页)
a
n
(1)令 c
n
= ,求数列 { a
b
n
-
n
1
,求数列 { a (2)若 b
n
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++
审题路 图线(1) a
n
b
n
1
-a
n
1
b
n
+2b
n
1
b
n
=0 →
+
a
n
a
+
1
-
b
n
=2 → c
n1
-c
n
=2 → c
n
=2n-1
b
n
+
1
n
+
+
n
(2) c
n
=2n-1 → a
n
= 2n-1 ·3
错位相减法
-
1
1
――→
得S
n
规 范 解 答 示 例
(1)因为a
n
b
n
1
-a
n
1
b
n
+2b
n
1
b
n
=0(b
n
≠0,
*
n∈N
),
+++
构 建 答 题 模 板
第一步
解
找递推:根据已知条件确定数列相
所以
a
n
+
b
n
+
a
n
1
=2,即 c
n1
- c
n
=2,
-
+
b
n
+
邻两项之间的关系,即找数列的递推公式.
第二步 求通项:根据数列递推公式转化为
1
1
所以数列 {c
n
} 是以首项 c
1
=1,公差 d=2 的等差数
等差或等比数列求通项公式, 或利用累加法
列,故 c
n
=2n-1.
-
n
1
知 a
-
n
1
,
(2)由 b
n
=3
n
= c
n
b
n
=(2n-1)3
于是数列 {a
n
} 的前 n 项和 S
征确定求和方法 (如公式法、裂项相消法、
n
=1·3
0
+3·3
1
+5·3
2
+,
0
+3·3
1
+5·3
2
+,
n
1
,
错位相减法、分组法等 ).
+(2n-1) ·3
1
+3·3
2
+, +(2n-3) ·
第四步 写步骤: 规范写出求和步骤.
3
n1
+(2n-1) ·3
n
,
3S
n
= 1·3
1
+3
2
+ ,
第五步 再反思: 反思回顾,查看关键点、
相减得- 2S
n
=1+2·(3
-
+3
n1
)-(2n-
1
+3
2
+ , +3
n
-
1
)-(2n-
nn
易错点及解题规范 .
1) ·3
=- 2-(2n-2)3,
n
+1. 所以 S
n
=(n-1)3
n
+1.
-
-
或累乘法求通项公式.
第三步 定方法:根据数列表达式的结构特
1
x
已知点 1,
是函数 f( x)=a(a>0,且 a≠1)的图象上的一点.等比数列
3
-
-
{a
n
} 的前 n 项和为f (n)
-c.数列 { b
n
} ( b
n
>0) 的首项为c,且前 n 项和 S
n
满足S
n
-S
n1
= S
n
+ S
n
1
(n≥ 2).
(1)求数列 { a
n
} 和 {b
n
} 的通项公式;
1
(2)若数列
b
n
b
n
的前 n 项和为T
n
,问满足T
n
>
1
+
1 001
的最小正整数 n 是多少?
2 012
1
x
.
解 (1)∵f(1)=a=
1
, ∴f( x)=
3
3
1 2
2
由题意知, a
1
=f(1)-c= -c,a
2
=[ f(2)- c]- [f(1) -c] =-
9
3.
3
,a
3
=[f (3)-c]-[f(2)-c]=-
4 2
1 a
2
1
-c,∴c=1.又公比 q= = ,
2
3
3 a
1
3
2
=
a 81
又数列 { a
n
}是等比数列, ∴a
1
=
= =-
a
3
2
-
27
n
1
=- 2· 1
n *
∴a
n
=-
2
1
3
(n∈N ).
3
3
·
-
∵S
n
-S
n1
=( S
n
- S
n
1
)( S
n
+ S
n
1
)= S
n
+ S
n
---
-
1
(n≥ 2).
方达教育辅导教案第 4 页(共16 页)
方达教育个性化一对一辅导 学海方舟,教以达人
-
又 b
n
>0, S
n
>0,∴ S
n
- S
n1
= 1.
2
. ∴数列 { S
n
} 构成一个首项为 1、公差为 1 的等差数列,
-
S
n
=1+(n-1)×1=n,即 S
n
=n
1
=1 也适合此通项公式. 当 n≥ 2 时, b
n
=S
n
-S
n
1
=n
2
-(n-1)
2
=2n-1,当 n=1 时, b
*
∴b
n
=2n-1 (n∈N
1
1
).
1 1
(2)T
n
=
+ +
+, +
b
n
b
n
b
1
b
2
b
2
b
3
b
3
b
4
1
1 1
1
1
=
+ +
+, +
2n-1 × 2n+1
1× 3 3×5
5×7
1
1
1
1
1
1
1
1 1
1
1 1
n
=
1
+
+ ×
-
-
-
+, +
2 2 3
2
2 2
2n+1
=
3 5 .
×
5 7
×
2n-1 2n+1
=
× 1-
2n+1
× 1-
+
由 T
n
=
n 1 001 1 001
10
,
,得 n>
2n+ 1 2 012
>
1 001
∴满足T
n
>
的最小正整数 n 的值为 101.
2 012
模板 4 利用空间向量求角问题
(2014·山)如图, 在四棱柱 ABCD-A
1
B
1
C
1
D
1
中, 底面 ABCD 是等腰梯形, 东
∠DAB=60°,AB=2CD=2,M 是线段AB 的中点.
(1)求证: C
1
M∥平面 A
1
ADD
1
;
(2)若 CD
1
垂直于平面 ABCD 且 CD
1
= 3,求平面 C
1
D
1
M 和平面 ABCD 所成的角 (锐
角)的余弦值.
AB= 2CD
审题路 线 图 (1) M是AB中点,四边形 ABCD是等腰梯形 ――→
CD∥AM CD=AM ? ?AMC
1
D
1
→ C
1
M∥平面 A
1
ADD
1
(2) CA,CB, CD
1
两两垂直 → 建立空间直角坐标系,写各点坐标
→ 求平面 ABCD的法向量 → 将所求两个平面所成的角转化为两个向量的夹角
规范 解 答 示 例 构 建 答题模 板
第一步 找垂直:找出 (或
(1)证明因为四边形 ABCD 是等腰梯形,
作出 )具有公共交点的三
条两两垂直的直线.
且 AB=2CD,所以 AB∥DC.
又由 M 是 AB 的中点,因此 CD∥MA 且 CD=MA.
连接AD
1
,如图 (1).
第二步
在四棱柱 ABCD-A
1
B
1
C
1
D
1
中,
CD=C
1
D
1
,可得 C
1
D< br>1
∥MA,C
1
D
1
=MA,所以四边形 AMC
1
D
1
因为 CD∥C
1
D
1
,
写坐标: 建立空
征
间直角坐标系,写出特
点坐标.
为平行四边形,因为 C
1
M∥D
1
A.
第三步
求向量: 求直线
方达教育辅导教案第 5 页(共 16 页)
方达教育个性化一对一辅导
又 C
1
M? 平面 A
1
ADD
1
,D
1
A? 平面 A
1
ADD
1
,所以 C
1
M∥平面 A
1
ADD
1
.
学海方舟,教以达人
的方向向量或平面的法
向量.
第四步 求夹角: 计算向
量的夹角.
(2)解 方法一 如图(2),连接 AC,MC .由(1)知
CD∥AM 且 CD=AM,
所以四边形 AMCD 为平行四边形,可得 BC=AD=
MC,
由题意得 ∠ABC=∠DAB=60°,所以 △MBC 为正三
第五步 得结论: 得到所
求两个平面所成的角或
角形,因此 AB=2BC=2,CA= 3,因此 CA⊥CB.
以 C 为坐标原点,建立如图 (2)所示的空间直角坐标系
0,0),B (0,1,0),D
1
(0,0, 3),
3
1 1
3
因此 M
=
,
2
,-
2
2 2
→ → →
,0 ,所以 MD
1
, 3 ,D
1
C
1
=MB
= -
3 1
-
,
,0 .
2 2
设平面 C
1
D
1
M 的一个法向量为 n=(x,y,z),
由
→
=0,
得
3x-y=0,
3x+y-2 3z=0,
可得平面 C
1
D
1
M 的一个法向量 n
C-xyz,所以 A( 3,
直线和平面所成的角 .
n·D
1
C
1
→
=0,
n·MD
1
→ →
=(1, 3,1).又CD
1
=(0,0, 3)为平面 ABCD 的一个法向量, 因此 cos〈CD
1
,
n〉=
→
CD
1
·n
=
→
|CD
1
||n|
5
.
5
方法二 由(1)知平面 D
1
C
1
M ∩平面 ABCD=AB,
5
5 .所以平面 C
1
D
1
M 和平面 ABCD 所成的角 (锐角)的余弦值为
过点 C 向 AB 引垂线交 AB 于点 N,
连接 D
1
N,如图 (3).由 CD
1
⊥平面 ABCD,
可得 D
1
N⊥AB,
因此∠D
1
NC 为二面角 C
1
-AB-C 的平面角.
在 Rt△BNC 中,BC=1,
∠NBC=60°,可得 CN= 3
2
.所以 ND
1
=
2
= 15
CD
2
1
+CN
.
2
CN
所以 Rt△D
1
CN 中,cos∠D
1
NC=
5
=
, =
15
5 D
1
N
2
3
2
方达教育辅导教案 第 6 页(共 16 页)
方达教育个性化一对一辅导
学海方舟,教以达人
所以平面 C
1
D
1
M 和平面 ABCD 所成的角 (锐角)的余弦值为
5
.
5
如图所示,在直三棱柱 A
1
B
1
C
1
-ABC 中,AB⊥AC,AB=AC=2,A
1
A=4,点 D 是 BC 的中点.
(1)求异面直线 A
1
B 与 C
1
D 所成角的余弦值;
(2)求平面 ADC
1
与平面 ABA
1
所成二面角的正弦值.
→ → →
解 (1)以 A 为坐标原点,分别以 AB,AC,AA
1
为 x 轴,y 轴, z轴的正方向建立空间直角坐标系
则 A(0,0,0),B (2,0,0),C (0,2,0),A
1
(0,0,4),D (1,1,0),C
1
(0,2,4).
→ →
所以A
1
B=(2,0,-4),C
1
D
=(1,-1,-4).
3 10
→ →
=
所以 cos〈A
1
B,C
1
D
=
.
〉=
→ →
10
|A
1
B|× |C
1
D|
20× 18
3 10
所以异面直线 A
1
B 与 C
1
D 所成角的余弦值为
.
10
→
=(0,2,0)是平面 ABA
1
的一个法向量.
(2)由题意,知 AC
→
→
设平面 ADC
1
的法向量为 m=(x,y,z),因为 AD =(1,1,0),AC
1
=(0,2,4),
x+y=0,
→
→
由 m⊥AD ,m⊥AC
1
,得
2y+4z=0.
取 z=1,得 y=-2,x=2,所以平面 ADC
1
的一个法向量为 m=(2,-2,1).
设平面 ADC
1
与平面 ABA
1
所成二面角为 θ,
→
AC·m
所以|cos θ|=|cos〈AC,m〉|=|
|=|
→
2× 3
|AC |× |m|
所以平面 ADC
1
与平面 ABA
1
所成二面角的正弦值为
5
.
3
3
2
,得 sin θ=
|=
→
-4
5
.
3
→ →
A
1
B·C
1
D
18
A-xyz,
模板 5 圆锥曲线中的范围问题
方达教育辅导教案 第 7 页(共 16 页)
方达教育个性化一对一辅导
学海方舟,教以达人
椭圆 C 的中心为坐标原点 O,焦点在 y 轴上,短轴长为
2
2,离心率为
,直线 l 与 y 轴交于点
2
→ →
=3PB P(0,m),与椭圆 C 交于相异两点 A,B,且
AP .
(1)求椭圆 C 的方程; (2)求 m 的取值范围.
审题路线图
(2) 设l:y=kx+m → l,c相交 Δ>0得m,k的不等式
(1) 设方程 → 解系数 → 得结论
→ →
=3PB
→ AP
→
式
得m,k关系
→ 代入m,k的不等式消 k → 得m范围
规 范 解 答 示 例
2
2
解 (1) 设椭圆 C 的方程为
y x
2
+
2
=1(a>b>0),
a
b
2
=a
2
-b
2
,由题意,知 2b2 设 c>0,c
,
= 2,c
2
=a
2
-b
2
,由题意,知 2b= 2,c
2
=
a
2
x
所以 a=1,b=c=
2
2
构 建 答 题 模 板
第一步
2 2
提关系:
=1,即 y +2x =1.
2 .故椭圆 C 的方程为 y +
1
2
(2)设直线 l 的方程为 y=kx+m( k≠0),l 与椭圆 C 的交点坐标为 A(x
1
,y
1
),
从题设条件中提取
不等关系式.
y=kx+m,
2
+2) x
2
+2kmx+(m
2
-1)=0, 得(k
B(x
2
,y
2
),由
2
2
+2) x
2
+2kmx+(m
2
-1)=0,
+y
2
=1,
2x
2
-4( k
2
+ 2)(m
2
-1)=4(k
2
-2m
2
+2)>0,(*)
Δ=(2 km)
-2km
2
- 1
x
1
+x
2
=
m
→ →
2
+2 ,x
=3PB,所以- x
1
=3x
2
,
1
x
2
=
2
+2 .因为AP
k k
2
+4x
1
x
2
=0.
x
1
+x
2
=-2x
2
,
所以 3(x
1
+x
2
)
2
+4x
1
x
2
=0.
所以
x
1
x
2
=-3x22.
第二步
找函数:
用一个变量表示目
标变量,代入不等
关系式.
第三步 得范围:
通过求解含目标变
量的不等式,得所
求参数的范围.
2
- 1
-2km
所以 3·
2
+2
m
2
+4·
k
2
+2 =0.
k
2
m
2
+2m
2
-k
2
-2=0,即 k
2
(4m
2
-1)+(2m
2
-2)=0.
整理得 4k
2
=1 当 m
2
=1
时,上式不成立;
4
第四步
再回顾:
注意目标变量的范
过了很久-栖的拼音
母亲的故事-不怕啦
向心推力轴承-低碳环保小知识
偷青-高尔夫球场面积
衰老的原因-塑化剂风波
包小松-七月三十
常新港-强度校核
水浸探测器-对你的思念是一天又一天
本文更新与2020-11-20 21:03,由作者提供,不代表本网站立场,转载请注明出处:https://www.bjmy2z.cn/gaokao/450756.html
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